高二物理期末試卷帶答案

高二物理期末試卷帶答案考試范圍：xxx；考試時間：xxx分鐘；出題人：xxx姓名：___________班級：___________考號：___________題號一二三四五六總分得分注意事項(xiàng)：

1．答題前填寫好自己的姓名、班級、考號等信息

2．請將答案正確填寫在答題卡上評卷人得

分

一、選擇題1.如圖所示的電路，R1＝R3＝R4＝R5＝R，滑動變阻器R2的總電阻為2R，其滑片P恰處在正中，電源的內(nèi)阻不計(jì)，電鍵S1閉合，單刀雙擲開關(guān)S2合在a端，此時平行板電容器C的帶電量為Q，如果將R2的觸片滑到最右端A．電容器C的帶電量變?yōu)?Q/3B．電容器C的帶電量將變?yōu)镼/3C．再將S2由a合向b端，將有向右的瞬時電流流過R4D．將S2由a合向b端后，通過電阻R5的電量為2Q/32.用控制變量法，可以研究影響平行板電容器電容的因素（如圖）．設(shè)兩極板正對面積為S，極板間的距離為d，靜電計(jì)指針偏角為θ。實(shí)驗(yàn)中，忽略極板所帶電荷量的變化，若()A．保持S不變，增大d，則θ變大B．保持S不變，增大d，則θ變小C．保持d不變，減小S，則θ變小D．保持d不變，減小S，則θ不變3.如圖為一列沿軸傳播的簡諧橫波在某時刻的波形圖，圖中質(zhì)點(diǎn)的速度方向向下，波的傳播速度為，則下列說法中正確的是（

）A．這列波一定沿軸正向傳播B．當(dāng)質(zhì)點(diǎn)位于負(fù)向最大位移處時，質(zhì)點(diǎn)一定在軸下方C．質(zhì)點(diǎn)的振動周期為D．再經(jīng)過，質(zhì)點(diǎn)在處4.如圖所示，當(dāng)ab端接入100V電壓時，cd兩端為20V；當(dāng)cd兩端接入100V時，ab兩端電壓為50V，則R1∶R2∶R3是A．4∶1∶2

B．2∶1∶1

C．3∶2∶1

D．以上都不對。5.如圖所示，兩個半徑相同的半圓形軌道分別豎直放在勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場中，軌道兩端在同一高度上，軌道是光滑的而且絕緣，兩個相同的帶正電小球同時從兩軌道左端最高點(diǎn)由靜止釋放，a、b為軌道的最低點(diǎn)，則（

）A．兩小球到達(dá)軌道最低點(diǎn)的速度Va＞VbB．兩小球到達(dá)軌道最低點(diǎn)時對軌道的壓力Fa＜FbC．小球第一次到達(dá)a點(diǎn)的時間大于小球第一次到達(dá)b點(diǎn)的時間D．在磁場中小球能到達(dá)軌道的另一端，在電場中小球不能到達(dá)軌道的另一端6.如圖所示，一電子沿等量異種電荷的中垂線由A→O→B勻速運(yùn)動，電子重力不計(jì)，則電子除受電場力外，所受的另一個力的大小和方向變化情況是（

）A．先變大后變小，方向水平向左B．先變大后變小，方向水平向右C．先變小后變大，方向水平向左D．先變小后變大，方向水平向右7.要使真空中的兩個點(diǎn)電荷間的庫侖力增大到原來的4倍，下列方法中可行的是A．每個點(diǎn)電荷的帶電量都增大到原來的2倍，電荷間的距離不變B．保持點(diǎn)電荷的帶電量不變，使兩個電荷間的距離增大到原來的2倍C．使一個點(diǎn)電荷的電荷量加倍，另一個點(diǎn)電荷的電荷量保持不變，同時將兩個點(diǎn)電荷間的距離減小為原來的D．保持點(diǎn)電荷的電荷量不變，將兩個點(diǎn)電荷的距離減小到原來的8.在如圖所示的平行板器件中，電場強(qiáng)度E和磁感應(yīng)強(qiáng)度B相互垂直。一帶電粒子(重力不計(jì))從左端以速度v沿虛線射入后做直線運(yùn)動，則該粒子A．一定帶正電B．速度v=C．若速度v＞，粒子一定不能從板間射出D．若此粒子從右端沿虛線方向進(jìn)入，仍做直線運(yùn)動9.如圖所示，兩個互連的金屬圓環(huán)，粗金屬環(huán)的電阻為細(xì)金屬環(huán)電阻的二分之一，磁場垂直穿過粗金屬環(huán)所在區(qū)域，當(dāng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時間均勻變化時，在粗環(huán)內(nèi)產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為，則關(guān)于、兩點(diǎn)間的電勢差下列結(jié)果不正確的為（

）A．

B．

C．

D．10.將靜置在地面上，質(zhì)量為M(含燃料)的火箭模型點(diǎn)火升空，在極短時間內(nèi)以相對地面的速度v0豎直向下噴出質(zhì)量為m的熾熱氣體。忽略噴氣過程重力和空氣阻力的影響，則噴氣結(jié)束時火箭模型獲得的速度大小是(

)A．

B．

C．

D．評卷人得

分

二、多選題11.如圖所示，現(xiàn)有一平行板電容器，上、下極板分別帶等量負(fù)電和正電，且電量保持不變，兩板間距離為d，有一帶電小球以速度v0水平射入電容器，且剛好從下極板右邊緣飛出。若保持下極板靜止，把上極板上移，使兩板距離為2d，小球從原處以0.5v0的水平速度射入，則帶電小球：A．將打在下板中央B．仍沿原軌跡運(yùn)動由下極板邊緣飛出C．不發(fā)生偏轉(zhuǎn)，沿直線運(yùn)動D．若上板不動，將下板上移一段距離，小球不可能打到下板的中央12.如圖所示是研究光電效應(yīng)的電路，陰極K和陽極A是密封在真空玻璃管中的兩個電極，K在受到光照時能夠發(fā)射光電子．陽極A吸收陰極K發(fā)出的光電子，在電路中形成光電流．如果用單色光a照射陰極K，電流表的指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)；用單色光b照射光電管陰極K時，電流表的指針不發(fā)生偏轉(zhuǎn)．下列說法正確的是()A．a(chǎn)光的波長一定小于b光的波長B．只增加a光的強(qiáng)度，可使通過電流表的電流增大C．只增加a光的強(qiáng)度，可使逸出的光電子的最大初動能變大D．用單色光a照射陰極K，當(dāng)電源的正負(fù)極對調(diào)時，電流表的讀數(shù)可能減為零13.如圖所示，一臺電動機(jī)提著質(zhì)量為m的物體，以速度v勻速上升．已知電動機(jī)線圈的電阻為R，電源電動勢為E，通過電源的電流為I，當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間，忽略一切阻力導(dǎo)線電阻，則（）A．電源內(nèi)阻B．電源內(nèi)阻C．如果電動機(jī)轉(zhuǎn)軸被卡住而停止轉(zhuǎn)動，較短時間內(nèi)電源消耗的功率將變大D．如果電動機(jī)轉(zhuǎn)軸被卡住而停止轉(zhuǎn)動，較短時間內(nèi)電源消耗的功率將變小14.下列關(guān)于電勢和電勢能的說法中正確的是(

)A．克服電場力做功時，電荷的電勢能減少B．電荷在電場中某點(diǎn)的電勢能與其電荷量的比值，叫做這一點(diǎn)的電勢C．沿著電場線的方向，電勢逐漸降低D．電場線是一條條封閉的曲線，且與等勢面垂直15.一根豎直的彈簧支持著一倒立汽缸的活塞，使汽缸懸空而靜止．設(shè)活塞和缸壁間無摩擦且可以在缸內(nèi)自由移動，缸壁導(dǎo)熱性能良好，使缸內(nèi)氣體溫度總能與外界大氣的溫度相同，則下列結(jié)論中正確的是

A．若外界大氣壓強(qiáng)增大，則彈簧將減小一些，汽缸的上底面距地面的高度將減小B．若外界大氣壓強(qiáng)減小，則彈簧長度將不變，汽缸的上底面距地面的高度將增大C．若氣溫升高，則活塞不動，汽缸的上底面距地面的高度將增大D．若氣溫降低，則活塞向上移動，汽缸的上底面距地面的高度將減小評卷人得

分

三、計(jì)算題16.如圖所示，勻強(qiáng)磁場豎直向上穿過水平放置的金屬框架，框架寬為L，右端接有電阻R，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，一根質(zhì)量為m、電阻不計(jì)的金屬棒以v0的初速度沿框架向左運(yùn)動，棒與框架的動摩擦因數(shù)為μ，測得棒在整個運(yùn)動過程中，通過任一截面的電量為q，求：（1）棒能運(yùn)動的距離；（2）R上產(chǎn)生的熱量．17.兩平行金屬板A、B水平放置，一個質(zhì)量為m=5×10-6kg的帶電微粒以v0=2m/s的水平速度從兩板正中位置射入電場，如圖所示，A、B間距為d=4cm，板長L=10cm.（g取10m/s2）（1）當(dāng)A、B間電壓UAB=1.0×103V時，微粒恰好不發(fā)生偏轉(zhuǎn)，求該微粒的電性和電荷量．（2）要使用粒子恰好能從A板邊緣飛出，求AB兩板的電勢差評卷人得

分

四、實(shí)驗(yàn)題18.（1）某同學(xué)在做“利用單擺測重力加速度”實(shí)驗(yàn)中，先測得擺線長為97．50cm，球直徑為2．00cm，然后用秒表記錄了單擺振動50次所用的時間如圖所示，則：①該擺擺長為

cm，秒表所示讀數(shù)為

s。②如果他測得的g值偏小，可能的原因是

（

）A．測擺線長時擺線拉得過緊B．?dāng)[線上端未牢固地系于懸點(diǎn)，振動中出現(xiàn)松動，使擺線長度增加了C．開始計(jì)時時，秒表過遲按下D．實(shí)驗(yàn)中誤將49次全振動數(shù)為50次（2）為了提高實(shí)驗(yàn)精度，在實(shí)驗(yàn)中可改變幾次擺長L并測出相應(yīng)的周期T，從而得出幾組對應(yīng)的L與T的數(shù)據(jù)，再以L為橫坐標(biāo)，T2為縱坐標(biāo)將所得數(shù)據(jù)點(diǎn)連成直線（如圖），并求得該直線的斜率為后，則重力加速度g=

（用表示）。19.現(xiàn)需要測量一繪圖專用粗鉛筆筆芯的電阻率,現(xiàn)用伏安法測量一段鉛筆芯兩端之間的電阻,用螺旋測微器測量該鉛筆芯的直徑,用游標(biāo)卡尺測量該筆芯的長度。螺旋測微器和游標(biāo)卡尺的示數(shù)如圖甲和圖乙所示。

(1)由圖讀得鉛筆芯的直徑為

mm,長度為

cm。(2)若流經(jīng)鉛筆芯的電流為I,鉛筆芯兩端之間的電壓為U,鉛筆芯的直徑和長度分別用D、L表示,則用D、L、I、U表示的電阻率的關(guān)系式為ρ=

。(3)某同學(xué)分別用電流表內(nèi)接法和外接法分別測量了該鉛筆芯的伏安特性,并將得到的電流、電壓數(shù)據(jù)描到U-I圖上,如圖所示。在圖中,由電流表外接法得到的數(shù)據(jù)點(diǎn)是用

(選填“○”或“×”)表示的。(4)若用兩組組數(shù)據(jù)點(diǎn),分別在圖上用作圖法作圖，用○表示的數(shù)據(jù)求得這段鉛筆芯電阻的測量值為

Ω，若所用電流表內(nèi)阻0.2Ω，則這段鉛筆芯的電阻實(shí)際值為

Ω（保留2位有效數(shù)字）。評卷人得

分

五、簡答題20.在如圖所示的水平勻強(qiáng)電場中，一個帶正電的q=+2.0x10-8C的點(diǎn)電荷在沿電場線方向從A點(diǎn)運(yùn)動到B點(diǎn)，且，兩點(diǎn)間的距離d=0.10m,求：(1)勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度萬的大??；(2)該點(diǎn)電荷從A點(diǎn)移至B點(diǎn)的過程中，電場力所做的功W；21.如下圖所示，兩面平行的玻璃磚下表面涂有反射物質(zhì)，一束與上表面成30°入射的光線，在右端垂直標(biāo)尺上形成了A、B兩個光斑，A、B間距為6cm，已知玻璃磚的折射率為，求此玻璃磚的厚度。評卷人得

分

六、作圖題22.如圖(a)所示中有一條均勻的繩，0、1、2、3、4…是繩上一系列等間隔的點(diǎn)．現(xiàn)有一列簡諧橫波沿此繩傳播．某時刻，繩上9、10、11、12四點(diǎn)的位置和運(yùn)動方向如圖(b)所示(其他點(diǎn)的運(yùn)動情況未畫出)，其中12的位移為零，向上運(yùn)動，點(diǎn)9的位移達(dá)到最大值．試在圖(c)中畫出再經(jīng)過周期時點(diǎn)3、4、5、6的位置和速度方向，其他點(diǎn)不必畫．(圖(c)的橫、縱坐標(biāo)與圖2-1-6(a)、(b)完全相同)

參考答案1.AC【解析】試題分析：開關(guān)接S2時，R3、R4斷開，R1與R2串聯(lián)，電容器與電阻R1并聯(lián)，故電容器兩端的電壓等于R1兩端的電壓；開關(guān)滑到右端時，R1兩端的電壓；由Q=CU可知，；故后來的電量；故A正確，B錯誤；開關(guān)S2由a合向b端時，電壓增大，則電容器充電；負(fù)電荷由右向左流入電容器下極板；故有向右的電流流過R4；故C正確；將S2由a合向b端后，電壓變?yōu)樵瓉淼?倍，故電容器兩端的電量；而電容器的下極板由原來的正電變?yōu)閹ж?fù)電，故通過電阻R5的電量為；故D正確；故選：AC．考點(diǎn)：直流電路中的含電容電路.2.A【解析】試題分析：根據(jù)可知，保持S不變，增大d，電容器電容C減小，兩極板間電壓U增大，靜電計(jì)指針偏角為θ增大，故A正確，B錯誤；保持d不變，減小S，電容器電容C減小，兩極板間電壓U增大，靜電計(jì)指針偏角為θ增大，故C、D錯誤?？键c(diǎn)：電容器的動態(tài)分析。3.BC【解析】略4.A【解析】試題分析：當(dāng)ab端接入100V電壓時，cd兩端為20V，由串并聯(lián)電路的特點(diǎn)可知：，即；當(dāng)cd兩端接入100V時，ab兩端電壓為50V，由串并聯(lián)電路的特點(diǎn)可知：，即，聯(lián)立解得：．考點(diǎn)：本題考查串并聯(lián)電路中電壓之間的關(guān)系．5.AD【解析】試題分析：兩個軌道的半徑相同，根據(jù)圓周運(yùn)動的向心力的公式可以分析小球通過最低點(diǎn)是對軌道的壓力，小球在磁場中運(yùn)動，磁場力對小球不做功，整個過程中小球的機(jī)械能守恒，小球在電場中受到的電場力對小球做負(fù)功，到達(dá)最低點(diǎn)時的速度的大小較?。猓盒∏蛟诖艌鲋羞\(yùn)動，在最低點(diǎn)進(jìn)行受力分析可知：FM﹣mg﹣Bqv1=m解得：FM=+mg+Bqv1…①小球在電場中運(yùn)動，在最低點(diǎn)受力分析可知：FN﹣mg=解得：FN=+mg…②A、由上可知，兩小球到達(dá)軌道最低點(diǎn)的速度Va＞Vb，故A正確；B、因?yàn)関a＞vb，結(jié)合①②可知：Fa＞Fb，故B錯誤；C、由于小球在磁場中運(yùn)動，磁場力對小球不做功，整個過程中小球的機(jī)械能守恒；而小球在電場中運(yùn)動受到的電場力對小球做負(fù)功，到達(dá)最低點(diǎn)時的速度的大小較小，所以在電場中運(yùn)動的時間也長，故C錯誤；D、由于小球在磁場中運(yùn)動，磁場力對小球不做功，整個過程中小球的機(jī)械能守恒，所以小球可以到達(dá)軌道的另一端，而電場力做小球做負(fù)功，所以小球在達(dá)到軌道另一端之前速度就減為零了，故不能到達(dá)最右端，故D正確；故選：AD．【點(diǎn)評】洛侖茲力對小球不做功，但是洛侖茲力影響了球?qū)壍赖淖饔昧?，在電場中的小球，電場力對小球做功，影響小球的速度的大小，從而影響小球?qū)壍赖膲毫Φ拇笮。?.B【解析】試題分析：根據(jù)等量異種電荷周圍的電場線分布知，從A→O→B，電場強(qiáng)度的方向不變，水平向右，電場強(qiáng)度的大小先增大后減?。畡t電子所受電場力的大小先變大，后變小，方向水平向左，則外力的大小先變大后變小，方向水平向右．故B正確?？键c(diǎn)：電場線、電場強(qiáng)度7.AD【解析】試題分析：由庫侖定律公式得每個點(diǎn)電荷的帶電量都增大到原來的2倍，電荷間的距離不變，兩個點(diǎn)電荷間的庫侖力增大到原來的4倍，A對；保持點(diǎn)電荷的帶電量不變，使兩個電荷間的距離增大到原來的2倍，兩個點(diǎn)電荷間的庫侖力變?yōu)樵瓉淼谋?，B錯；使一個點(diǎn)電荷的電荷量加倍，另一個點(diǎn)電荷的電荷量保持不變，同時將兩個點(diǎn)電荷間的距離減小為原來的，兩個點(diǎn)電荷間的庫侖力增大到原來的8倍，C錯；保持點(diǎn)電荷的電荷量不變，將兩個點(diǎn)電荷的距離減小到原來的，兩個點(diǎn)電荷間的庫侖力增大到原來的4倍，D對。考點(diǎn)：庫侖定律點(diǎn)評：本題比較簡單，學(xué)生會用庫侖定律的公式即可。8.B【解析】試題分析：粒子在電場與磁場中穿過時受電場力與洛倫茲力，若粒子帶正電，則電場力與洛倫茲力的方向相反，若粒子帶負(fù)電，也可以判斷出電場力與洛倫茲力的方向相反，所以粒子不一定帶正電，選項(xiàng)A錯誤；粒子沿直線運(yùn)動時，F(xiàn)電＝F洛，故Eq＝Bqv，所以v=，選項(xiàng)B正確；若速度v＞，則F電<F洛，粒子發(fā)生偏轉(zhuǎn)，當(dāng)偏轉(zhuǎn)量很小時，粒子也可能從板間射出，選項(xiàng)C錯誤；若此粒子從右端沿虛線方向進(jìn)入，若粒子帶正電，通過判斷發(fā)現(xiàn)電場力與磁場力的方向相同，故它不會再做直線運(yùn)動，選項(xiàng)D錯誤?？键c(diǎn)：帶電粒子在復(fù)合場中的運(yùn)動?！久麕燑c(diǎn)晴】帶電粒子在復(fù)合場中運(yùn)動時，要受到電場力與洛倫茲力的作用，電場力的方向根據(jù)電場線的方向來判斷，正電荷受到的電場力與電場線方向相同，負(fù)電荷受到的電場力的方向與電場線的方向本反，洛倫茲力通過左手定則來判斷。9.ABD【解析】試題分析：由題左、右金屬環(huán)的電阻之比，根據(jù)串聯(lián)電路電壓與電阻成正比，可得：兩點(diǎn)間的電勢差為：，故C錯誤，ABD正確?？键c(diǎn)：法拉第電磁感應(yīng)定律、電勢差【名師點(diǎn)睛】本題考查了求電勢差，應(yīng)用歐姆定律即可正確解題，解題時要注意，兩點(diǎn)間的電勢差是路端電壓，不是電源電動勢。10.D【解析】根據(jù)動量守恒定律可知：mv0-(M-m)v=0，解得

，故選D.11.AD【解析】據(jù)電容的定義，電容決定式為：，場強(qiáng)定義式：，以上聯(lián)立可得：顯然與d無關(guān)，所以當(dāng)極板上、下移動時，板內(nèi)場強(qiáng)不變，則小球受到的合力不變，加速度不變，由，可知時間不變，初速度為0.5v0，水平位移x＝v0t為原來的一半，將打在下板中央，故A正確，BC錯誤；當(dāng)把下極板上移時，粒子豎直位移減小時間減小，水平位移x＝0.5v0t小于極板的一半，不可能打在下極板的中央，故D正確。所以AD正確，BC錯誤。12.ABD【解析】用一定頻率的a單色照射光電管時，電流表指針會發(fā)生偏轉(zhuǎn)，知γa＞γ0，由知a光的波長小于b光的波長，故A正確；只增加a光的強(qiáng)度，即增加了光子的個數(shù)，則產(chǎn)生的光電子數(shù)目增多，光電流增大，使通過電流表的電流增大，故B正確；根據(jù)光電效應(yīng)方程EK=hγ-W，最大初動能與入射光頻率有關(guān)與強(qiáng)度無關(guān)，故只增加a光的強(qiáng)度逸出的電子最大初動能不變，故C錯誤；根據(jù)光電效應(yīng)方程EK=hγ-W，根據(jù)動能定理若qU=0-Ek，則光電子無法到達(dá)陽極A，電流表示數(shù)為零，故D正確。所以ABD正確，C錯誤。13.BC【解析】根據(jù)能量守恒可得，在時間t內(nèi)消耗電能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能和內(nèi)能，所以W電=mgvt+I2Rt，又有W電=EIt-I2rt，聯(lián)立解得：，故A錯誤，B正確；如果電動機(jī)轉(zhuǎn)軸被卡住而停止轉(zhuǎn)動，則電動機(jī)相當(dāng)于電阻為R的電阻，電路的電流將會迅速增大，根據(jù)功率公式P=I2r可知較短時間內(nèi)電源消耗的功率將變大，故C正確，D錯誤。所以BC正確，AD錯誤。14.BC【解析】電場力做正功，電勢能降低，電場力做負(fù)功，電勢能減??；克服電場力做功，即電場力做負(fù)功，故電勢能增加，A錯誤；電荷在電場中某點(diǎn)的電勢能與其電荷量的比值，叫做這一點(diǎn)的電勢，這是電勢的定義，B正確；沿場強(qiáng)方向，電勢降低；電場線的切線方向?yàn)樵擖c(diǎn)的場強(qiáng)方向，故沿著電場線的方向，電勢逐漸降低，C正確；電場線起始于正電荷，終止于負(fù)電荷，不是封閉的曲線，電場線和等勢面一定垂直相交，否則沿等勢面移動電荷電場力要做功，D錯誤；15.BC【解析】選擇氣缸和活塞為整體，那么整體所受的大氣壓力相互抵消，若外界大氣壓增大，則彈簧長度不發(fā)生變化，選擇氣缸為研究對象，豎直向下受重力和大氣壓力PS，向上受到缸內(nèi)氣體向上的壓力，物體受三力平衡，若外界大氣壓P減小，一定減小，根據(jù)理想氣體的等溫變化（常數(shù)），當(dāng)壓強(qiáng)增減小時，體積一定增大，所以氣缸的上底面距地面的高度將增大，故A錯誤B正確；選擇氣缸和活塞為整體，那么整體所受的大氣壓力相互抵消，當(dāng)氣溫升高時，則彈簧長度不發(fā)生變化，則活塞距地面的高度不變，缸內(nèi)氣體做等壓變化，根據(jù)：，當(dāng)溫度升高時，氣體體積增大，氣缸上升，則氣缸的上底面距地面的高度將增大，反之，降低，故C正確D錯誤．16.（1）棒能運(yùn)動的距離為；（2）R上產(chǎn)生的熱量為mv02﹣．【解析】試題分析：（1）由法拉第電磁感應(yīng)定律可求得通過棒的電量；（2）由能的轉(zhuǎn)化和守恒定律可求得R上產(chǎn)生的熱量．解：（1）設(shè)在整個過程中，棒運(yùn)動的距離為s，磁通量的變化量△Φ=BLs，通過棒的任一截面的電量q=I△t=，解得s=．（2）根據(jù)能的轉(zhuǎn)化和守恒定律，金屬棒的動能的一部分克服摩擦力做功，一部分轉(zhuǎn)化為電能，電能又轉(zhuǎn)化為熱能Q，即有mv02=μmgs+Q，