江西省贛州厚德外國語學校2023年物理高二第一學期期末統考試題含解析

江西省贛州厚德外國語學校2023年物理高二第一學期期末統考試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A為已知電場中的一固定點，在A點放一電量為q的電荷，所受電場力為F，A點的場強為E，則（）A.若在A點換上﹣q，A點的場強方向發(fā)生改變B.若在A點換上電量為2q的電荷，A點的場強將變?yōu)?EC.A點場強的大小、方向與q的大小、方向、有無均無關D.若在A點移去電荷q，A點的場強變?yōu)榱?、根據歐姆定律，下列判斷正確的是（）A.導體兩端的電壓越大，導體的電阻越大B.加在氣體兩端的電壓與通過的電流的比值是一個常數C.電流經過電阻時，沿電流方向電勢要降低D.電解液短時間內導電的U﹣I線是一條曲線3、在圖甲所示的電路中，理想變壓器原線圈兩端的正弦交變電壓變化規(guī)律如圖乙所示．已知變壓器原、副線圈的匝數比n1∶n2＝10∶1，串聯在原線圈電路中的交流電流表A1的示數為1A，下列說法正確的是（）A.交流電流表A2的示數為0.1AB.變壓器輸出端交流電的頻率為100HzC.電阻R上消耗的功率為200WD若電阻R變大，則電壓表示數也增大4、如圖所示，某同學采用與乙車中相同型號的太陽能電池板給一個小電動機供電，電動機線圈的電阻為r．電動機正常工作時，電壓表的示數為U，電流表的示數為I．電流表和電壓表均可視為理想電表．電動機消耗的電功率為A. B.C. D.5、下列關于磁通量的論述中正確的是（）A.磁感強度越大的地方，穿過線圈的磁通量也越大B.磁感強度越大的地方，線圈面積越大，則穿過線圈的磁通量越大C.穿過線圈的磁通量為零的地方，磁感強度一定為零D.勻強磁場中，穿過線圈的磁感線越多，則磁通量越大6、某手持式考試金屬探測器如圖所示，它能檢查出考生違規(guī)攜帶的電子通訊儲存設備。工作時，探測環(huán)中的發(fā)射線圈通以正弦式電流，附近的被測金屬物中感應出電流，感應電流的磁場反過來影響探測器線圈中的電流，使探測器發(fā)出警報。則（）A.被測金屬物中產生的是恒定電流B.被測金屬物中產生的是交變電流C探測器與被測金屬物相對靜止時不能發(fā)出警報D.違規(guī)攜帶的手機只有發(fā)出通訊信號時才會被探測到二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，為“研究平拋物體運動”的實驗裝置圖，通過描點畫出平拋小球的運動軌跡以下是實驗過程中的一些做法，其中合理的有_________（填序號即可）a．安裝斜槽軌道，使其末端保持水平b．每次小球應從同一高度由靜止釋放c．每次小球釋放的初始位置可以任意選擇d．為描出小球的運動軌跡，描繪的點可以用折線連接8、回旋加速器的工作原理如圖所示：D1和D2是兩個中空、半徑固定的半圓金屬盒，它們之間有一定的電勢差，兩個半圓盒處于與盒面垂直的勻強磁場中；中央O處的粒子源產生的帶電粒子，在兩盒之間被電場加速，粒子進入磁場后做勻速圓周運動．不考慮相對論效應，不計粒子重力．下列說法正確的是A.粒子在磁場中的運動周期越來越大B.D型盒半徑越大，粒子離開加速器時的動能就越大C.磁感應強度越大，粒子離開加速器時的動能就越大D.兩盒間電勢差越大，粒子離開加速器時的動能就越大9、如圖所示的U﹣I圖象中，直線I為某電源的路端電壓與電流的關系，直線Ⅱ為某一電阻R的伏安特性曲線，用該電源直接與電阻R連接成閉合電路，由圖象可知（）A.R的阻值為1.5Ω B.電源電動勢為3V，內阻為0.5ΩC.電源的輸出功率為3.0W D.電源內部消耗功率為1.5W10、如圖所示是一提升重物用的直流電動機工作時的電路圖，其中電動機內電阻r=1Ω，電路中另一電阻R=9Ω，直流電壓U=180V，理想電壓表示數UV=135V，電動機正以v=1m/s勻速豎直向上提升某重物，g取10m/s2，下列判斷正確的是（）A.通過電動機的電流是18AB.輸入電動機的電功率是675WC.電機的輸出功率是25WD.重物的質量是65kg三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）（1）①在“長度的測量”實驗中，調整游標卡尺兩側腳間距離，主尺和游標的位置如圖所示，此時卡尺兩腳間狹縫寬度為________mm②如圖所示，螺旋測微器測出的金屬絲的直徑是_________mm12．（12分）某興趣小組用圖示器材研究電磁感應現象（1）以筆畫線代替導線，將圖中電路連接完整．（）（2）電路正確連接后，手持線圈B，放在線圈A的上方附近（如圖），閉合開關，發(fā)現靈敏電流計向左輕微偏轉，當線圈B完全放入線圈A中，斷開開關瞬間靈敏電流計指針向______偏轉（填“左”或“右”）（3）若用楞次定律解釋（2）中實驗現象，需要明確：_____________A.靈敏電流計指針偏轉方向與電流流入方向之間的關系B.線圈A的繞向C.線圈B的繞向D.兩線圈的匝數四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小14．（16分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大?。唬?）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度15．（12分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】電場強度是通過比值定義法得出的，電場強度取決于電場本身，與試探電荷無關，故在A點換上-q或2q或把q移去，A點的場強都不變，故ABD錯誤，C正確。故選C。2、C【解析】導體電阻由導體材料、長度、橫截面積決定，與導體兩端的電壓和通過導體的電流無關，故A錯誤；氣體不適用于歐姆定律，故加在氣體兩端的電壓與通過的電流的比值不是一個常數，故B錯誤；每個電阻均要產生電勢差，故沿電流的方向，電勢要降低，故C正確；電解液導電適用歐姆定律，故其U﹣I圖象為一直線，故D錯誤．所以C正確，ABD錯誤3、C【解析】根據I1：I2=n2：n1，輸出電流為：I2=10I1=10A，電流表讀數為有效值，故A錯誤；根據圖乙得到交流電的周期為0.02s，頻率為50Hz，故B錯誤；輸入電壓的最大值為200V，故電壓的有效值為200V，變壓器的輸入功率為：P1=U1I1=200V×1A=200W；理想變壓器輸入功率等于輸出功率，故輸出功率為200W，故C正確；若電阻R變大，電壓表示數是不變的，故D錯誤；故選C【點睛】本題關鍵是根據圖象得到瞬時值最大值，然后得到有效值，最后結合理想變壓器的變壓比公式和變流比公式列式求解4、C【解析】電動機正常工作時，電壓表的示數為U，電流表的示數為I，則電動機消耗的電功率為P=IU，故選C.5、D【解析】勻強磁場中，磁通量的一般計算公式為Φ=BSsinθ（θ是線圈平面與磁場方向的夾角）．當線圈平面與磁場方向垂直時，穿過線圈的磁通量Φ=BS，B是磁感應強度，S是線圈的面積．當線圈平面與磁場方向平行時，穿過線圈的磁通量Φ=0．根據這些知識進行分析．穿過線圈的磁通量與線圈的匝數沒有關【詳解】A、D、根據磁通量的計算公式Φ=BSsinθ，可知磁感應強度越大的地方，線圈的面積越大，穿過線圈的磁通量不一定越大，還與線圈跟磁場方向的夾角有關，故AB錯誤；C、穿過線圈的磁通量為零，該處的磁感應強度不一定為零，可能是由于線圈平面與磁場平行，故C錯誤；D、穿過線圈的磁感線條數越多，則磁通量就越大，故D正確；故選D6、B【解析】AB．探測器靠近金屬物體時，在金屬導體中就會產生渦電流，這種渦流是交變電流，故A錯誤，B正確；C．根據法拉第電磁感應定律，探測器產生的是變化的磁場，使靠近的金屬物體產生渦流，探測器與被測金屬物相對靜止時也能發(fā)出警報，故C錯誤；D．探測器靠近金屬物體時，在金屬導體中就會產生渦電流，可以確定該設備的制成原理是電磁感應現象，和違規(guī)攜帶的手機是否發(fā)出通訊信號無關，故D錯誤。故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ab【解析】保證小球做平拋運動必須通過調節(jié)使斜槽的末端保持水平，因為要畫同一運動的軌跡，必須每次釋放小球的位置相同，且由靜止釋放，以保證獲得相同的初速度，最后軌跡應連成平滑的曲線；【詳解】A、調節(jié)使斜槽末端保持水平，是為了保證小球初速度水平，從而做平拋運動，故A正確；B、因為要畫同一運動的軌跡，必須每次釋放小球的位置相同，且由靜止釋放，以保證獲得相同的初速度，故B錯誤，C正確；D、描點法描繪運動軌跡時，應將各點連成平滑的曲線，不能練成折線或者直線，故D錯誤【點睛】解決平拋實驗問題時，要特別注意實驗的注意事項，在平拋運動的規(guī)律探究活動中不一定局限于課本實驗的原理，要注重學生對探究原理的理解，提高解決問題的能力8、BC【解析】粒子在磁場中運動的周期與粒子的速度無關；回旋加速器的半徑一定，根據洛倫茲力提供向心力，求出最大速度，可知最大速度與什么因素有關【詳解】粒子在磁場中運動的周期：，與其速度的大小無關，所以粒子運動的周期不變，故A錯誤；由qvB=得：，則最大動能為：Ekm=mv2=，知最大動能與加速器的半徑、磁感線強度以及電荷的電量和質量有關．D型盒的半徑越大，磁場越強，粒子離開加速器時的動能就越大，與兩盒間電勢差無關；故BC正確，D錯誤；故選BC.【點睛】解決本題的關鍵知道回旋加速器是利用電場加速、磁場偏轉來加速粒子，但是最終粒子的動能與電場的大小無關9、AD【解析】A．R的阻值為選項A正確；B．由圖像可知，電源電動勢為E=3V內阻為選項B錯誤；C．電源的輸出功率為P=UI=1.5×1W=1.5WD．電源內部消耗功率為選項D正確故選AD。10、BD【解析】（1）根據歐姆定律求出通過R的電流；（2）電動機的輸入功率為P1=U2I；（3）電動機內電阻的發(fā)熱功率為P2=I2r，輸出的機械功率為P3=P1﹣P2．由公式P3=Fv=mgv求解物體的質量【詳解】A、通過R的電流為：I==A=5A；故A錯誤；B、電動機的輸入功率為：P1=U2I=135×5W=675W；故B正確；C、電動機內電阻的發(fā)熱功率為：P2=I2r=52×1W=25W，輸出的機械功率為：P3=P1﹣P2=（675﹣25）W=650W；故C錯誤；D、P3=Fv=mgv解得：m==65kg，故D正確；故選BD【點睛】本題考查了機械公式和電功功率以及電功公式的靈活應用，關鍵是知道電動機做功的功率加上線圈的發(fā)熱功率即為電動機消耗電能的功率，難度適中三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.0.65②.1.500【解析】①主尺讀數為0mm，卡尺讀數為13×0.05=0.65mm，所以游標卡尺讀數為0mm+13×0.05mm=0.65mm②主尺讀數為1.5mm，可動刻度讀數為0mm，所以螺旋測微器讀數為1.5mm+0mm=1.500mm12、①.②.右③.ABC【解析】（1）[1]根據實驗原理，可知將大線圈A與靈敏電流計連成一個回路，將小線圈B與滑動變阻器電源連成一個回路，則實驗圖如圖所示：（2）[2]由題意可知當穿過A的磁通量增大時，指針向左偏轉，則可知當穿過A的磁通量減小時，指針應該向右偏轉．斷開開關瞬間，B中的電流減小，穿過A的磁場變弱，穿過A的磁通量減小，故靈敏電流計的指針向右偏轉（3）[3]ABC.在實驗過程中，除了查清流入檢流計電流方向與指針偏轉方向之間的關系之外，還應查清線圈A與線圈B的繞制方向，故ABC符合題意；D.兩線圈的匝數對磁通量