2020年?yáng)|北三省三校聯(lián)考高考物理二模試卷

2020年?yáng)|北三省三校聯(lián)考高考物理二模試卷一、單選題（本大題共5小題，30.0分年國(guó)物理學(xué)家盧瑟和他的學(xué)生蓋革頓一起進(jìn)行了著名的粒子散射實(shí)驗(yàn)”實(shí)驗(yàn)中大量的粒子穿過(guò)金箔前后的運(yùn)動(dòng)圖景如圖所示。盧瑟福通過(guò)對(duì)實(shí)驗(yàn)結(jié)果的分析和研究，于年建立了他自己的原子結(jié)構(gòu)模型。下列關(guān)于粒穿過(guò)金箔后的描述中，正確的是B.C.

絕大多粒子穿過(guò)金箔后，都生了大角度偏轉(zhuǎn)少數(shù)粒穿過(guò)金箔后，基本上原來(lái)方向前進(jìn)通過(guò)粒散射實(shí)驗(yàn)，確定了原核半徑的數(shù)量級(jí)

15

D.

通過(guò)粒散射實(shí)驗(yàn)，確定了原半徑的數(shù)量級(jí)

15

如圖所示磁感應(yīng)強(qiáng)度水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)中兩豎直放置的平行屬導(dǎo)軌頂用一電相連兩軌所在的豎直平面與磁場(chǎng)方向垂直根屬棒以速

沿導(dǎo)軌豎直向上運(yùn)動(dòng)，到某一高度后又向下運(yùn)動(dòng)返回到原出發(fā)點(diǎn)．整個(gè)過(guò)程中金屬棒與導(dǎo)軌保持垂直且接觸良好，導(dǎo)軌與棒間的摩擦及它們的電阻均可忽略不計(jì)．則在金屬棒整個(gè)上行與整個(gè)下行的兩個(gè)過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的)B.C.D.

回到出發(fā)點(diǎn)的速等初速度上行過(guò)程中通過(guò)的電量大于下行過(guò)程中通過(guò)的量上行過(guò)程中上產(chǎn)生的熱量大于下行過(guò)程上產(chǎn)生的熱量上行的運(yùn)動(dòng)時(shí)間大于下行的運(yùn)動(dòng)時(shí)間物體從同一位置沿同一直線運(yùn)動(dòng)的速度圖象如圖所示，下列說(shuō)法正確的B.

、加時(shí)，物體的加速度大于物加速度時(shí)，、兩體相距最遠(yuǎn)

22C.D.

時(shí)物在物體的方時(shí)、物體速度相等，相距

如圖所示，在半徑為光滑圓環(huán)上切下一小段圓弧，放置于豎直平面內(nèi)為弧的兩個(gè)端點(diǎn)們最低點(diǎn)高差為，為光滑的直桿。現(xiàn)將小環(huán)分別置于圓端和端點(diǎn)由靜止釋放環(huán)分別沿圓和下環(huán)從點(diǎn)運(yùn)動(dòng)點(diǎn)從點(diǎn)動(dòng)到點(diǎn)所需的時(shí)間分別和

取??

2

，下列說(shuō)法正確的

2

B.

C.

2

D.

無(wú)法確定

哥白尼根據(jù)觀察到的現(xiàn)象，運(yùn)用他的天體模型，計(jì)算出了每顆行星繞太陽(yáng)運(yùn)行的周期和行星到太陽(yáng)的距離，第一次給出了宇宙大小的尺寸，如表摘自哥白尼計(jì)算數(shù)據(jù)，其中木星繞太陽(yáng)運(yùn)行周期的接近值是到太陽(yáng)的距以地距離為單行星地球土星木星

繞太陽(yáng)運(yùn)行的周期年年

位

年

B.

年

C.

年

D.

年二、多選題（本大題共4小題，23.0分

一質(zhì)量的塊，由碗邊滑向碗底，碗內(nèi)表面是半徑的球面，由于摩擦力的作用，木塊運(yùn)動(dòng)的速率不變，B.C.D.

木塊的加速度為零木塊所受合外力為零木塊所受合外力的大小一定，方向改變木塊的加速度大小不變

關(guān)于鐵軌轉(zhuǎn)彎處內(nèi)、外軌間的高度關(guān)系，下列說(shuō)法中正確的B.C.D.

內(nèi)、外軌一樣高，以防列車(chē)傾倒造成翻車(chē)事故因?yàn)榱熊?chē)轉(zhuǎn)彎處有向內(nèi)傾倒的可能，故一般使內(nèi)軌高于外軌，以防列車(chē)翻倒外軌比內(nèi)軌略高，這樣可以使列車(chē)順利轉(zhuǎn)彎，減少車(chē)輪對(duì)鐵軌的擠壓外軌比內(nèi)軌略高，列車(chē)的重力和軌道對(duì)列車(chē)支持力的合力沿水平方向指向圓心

121212121212121212120

如圖所示，阻值的金屬棒在水平向右的外力作用下，圖示位別以的度沿光滑水平導(dǎo)電不勻通過(guò)位置，在這兩次到的程中

：

回路電??：

：B.

產(chǎn)生的熱量：

：C.

通過(guò)任一截面的電荷：

：D.

外力的功率：

：

下列說(shuō)法正確的B.C.D.E.

非晶體和多晶體都沒(méi)有確定的幾何形狀晶體在熔化過(guò)程中，分子勢(shì)能保持不變氣體從外界吸收的熱量可以全部用來(lái)對(duì)外做功一定質(zhì)量的理想氣體發(fā)生等壓膨脹時(shí)，氣體分子的平均動(dòng)能增大兩分子間距離大于平衡距時(shí)分子間的距離越小，分子勢(shì)能越大三、填空題（本大題共1小題，4.0分）甲乙兩列波均右傳播，在相遇處各自的波形圖如圖所示，已知兩列波為同一性質(zhì)的波，在同種介質(zhì)中傳播，則兩列波的頻率之比______10處點(diǎn)的速度方_填“向上”或“向下。四、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，15.0分某學(xué)生學(xué)習(xí)小設(shè)計(jì)了如圖所示的實(shí)驗(yàn)來(lái)驗(yàn)證碰撞過(guò)程中的動(dòng)量守恒定律在處滑相接右為粗糙水平面，有兩個(gè)質(zhì)量均的同的小物塊甲和乙令物塊甲從斜面上點(diǎn)靜止下滑，運(yùn)動(dòng)至粗糙水平面上點(diǎn)度恰好減為，、間為0

，把小物塊乙置于點(diǎn)小物塊甲仍從斜面點(diǎn)靜止下，小物塊甲與小物塊乙碰撞后粘在一起在糙水平面上運(yùn)動(dòng)的位移為。

000200020000未置小物塊乙時(shí)，甲離開(kāi)點(diǎn)的速與的系滿足_____ABC.√為證碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒，是否需要測(cè)量小物塊與粗糙平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)______選“是”或“否”。若足關(guān)系_____則兩物塊碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒。在習(xí)使用多用表的實(shí)驗(yàn)中：

????????????????????某學(xué)用多用電表測(cè)量電阻，其歐姆擋的電路如圖甲所，若選擇開(kāi)關(guān)處在”時(shí)，按正確使用方法測(cè)量電的值，指針位于圖乙示位置，

。若歐姆表使用一段時(shí)間后，電池電動(dòng)勢(shì)變小，內(nèi)阻變，但此表仍能調(diào)零，按正確使用方法再測(cè)電阻，其測(cè)量結(jié)果將比真實(shí)______填偏大”、“偏小”或“不變。某學(xué)利用圖甲中的器材設(shè)計(jì)了一只歐姆表，其電路如丙所示。某學(xué)進(jìn)行如下操作：??

未接入時(shí)，閉合開(kāi)關(guān)，將紅、黑表筆分開(kāi)，調(diào)節(jié)可變電阻，可變電阻接入電路的阻值為時(shí)電流表滿偏。當(dāng)接、表之間時(shí)，若電流表的指針指在表盤(pán)的正中央，則待測(cè)電的值為。知電流表的內(nèi)阻阻接入電路的阻值為。關(guān)該歐姆表，下列說(shuō)法正確的_____。

，電池的內(nèi)阻為，可變電A.

電阻刻度的零位在表盤(pán)的右端B.

表盤(pán)上的電阻刻度是均勻的

0000C

測(cè)量前，不需要紅、黑表筆短接調(diào)零D

測(cè)量后，應(yīng)將開(kāi)斷五、計(jì)算題（本大題共4小題，52.0分如所示，斜邊的定斜面與水平面的傾，質(zhì)量的物??以??的速度從斜面底端始沿斜面向上運(yùn)動(dòng)時(shí)質(zhì)量也小物斜面0??頂端由靜止開(kāi)始沿斜面下滑，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后兩物塊發(fā)生碰撞，碰后兩物塊粘在一起運(yùn)動(dòng)。若兩物塊和斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均求取0??速度減為時(shí)與相距多遠(yuǎn)？?jī)蓧K碰撞前運(yùn)動(dòng)的時(shí)間；兩塊碰撞后到達(dá)斜面底端時(shí)的速度大小。

，，如所示，待測(cè)區(qū)域中存在勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)，根據(jù)帶電粒子射入時(shí)的受力況可推測(cè)其電場(chǎng)和磁場(chǎng)．圖中裝置由加速器和平移器組成，平移器由兩對(duì)水平放置、相距的同平行金屬板構(gòu)成，極板長(zhǎng)度為、間距為，兩對(duì)極板間偏轉(zhuǎn)電壓大小相等、電場(chǎng)方向相反．質(zhì)量、電荷量的子加速電加后，水射入偏轉(zhuǎn)電壓的移器，最終??水平射入待測(cè)區(qū)域．不考慮粒子受到的重力．求子射出平移器時(shí)的速度大

；當(dāng)速電壓變0

時(shí)，欲使粒子仍??點(diǎn)入待測(cè)區(qū)域，求此時(shí)的偏轉(zhuǎn)電已粒子以不同速度水平向右射入待測(cè)區(qū)域，剛進(jìn)入時(shí)受力大小均現(xiàn)水平向右為軸正方向建如圖所示的直角坐標(biāo)保加速電壓為不移裝置使粒子沿不同的坐標(biāo)軸方向射入待測(cè)區(qū)域，粒子剛射入時(shí)的受力大小如下表所示．射入方向受力大小

請(qǐng)推測(cè)該區(qū)域中電場(chǎng)強(qiáng)度和磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小及可能的方向．

如所示是用導(dǎo)熱性能良好的材料制成的氣體實(shí)驗(yàn)裝置，開(kāi)始時(shí)封閉的空氣柱度為，在用豎直向下的外壓氣體，使封閉空氣柱內(nèi)長(zhǎng)度變，對(duì)活塞做，氣壓強(qiáng)為

，計(jì)活塞重力。問(wèn)：若足夠長(zhǎng)的時(shí)間緩慢壓縮氣體，求壓縮后氣體的壓強(qiáng)大；若適當(dāng)?shù)乃俣葔嚎s氣體，氣體向外散失的熱量則氣體的內(nèi)能增加多少活的橫截積

如所示，半圓形玻璃磚的半徑，邊直，一紙面內(nèi)的單色光束從玻璃磚的某一定點(diǎn)射入角可任變化求只考慮能邊射的情不考慮上射后的情況，已知：，玻璃磚對(duì)該單光的折射

，光在真空中的速度。則求光玻璃磚中傳播的最短時(shí)；能邊出射的光線交的范圍寬

參考答案解析1.

答：解：、大多數(shù)粒穿過(guò)金箔后，基本上沿原來(lái)方向前進(jìn)。少粒穿過(guò)金箔后，發(fā)生大角度偏轉(zhuǎn)，故AB錯(cuò)誤；、過(guò)粒散射實(shí)驗(yàn)”盧瑟福確定了原子核半徑的數(shù)量級(jí)

15

，原子半徑的量級(jí)為

，不是通過(guò)粒散射實(shí)驗(yàn)確定的，故確，錯(cuò)；故選：。粒散射實(shí)驗(yàn)的現(xiàn)象為：粒穿過(guò)原子時(shí)，只有粒與核十分接近時(shí)，才會(huì)受到很大庫(kù)侖斥力，而原子核很小，所粒接近它的機(jī)會(huì)就很少，所以只有極少數(shù)大角度的偏轉(zhuǎn)，而絕大多數(shù)本按直線方向前進(jìn)。本題主要考查了粒散射實(shí)驗(yàn)的現(xiàn)象，難度不大，屬于基礎(chǔ)題，并理解粒子散射原理。2.

答：解：：A、從出發(fā)點(diǎn)上升到回到出發(fā)點(diǎn)時(shí)，根據(jù)能量守恒知，棒的重力勢(shì)能不變，內(nèi)能增，則動(dòng)能減小，所以回到出發(fā)點(diǎn)的速小初速度．故A錯(cuò)誤．B、上行和下行兩個(gè)過(guò)程中，回路的磁通量變化eq\o\ac(△,)相，根據(jù)感應(yīng)電量表達(dá)

，知兩個(gè)過(guò)程中通的量相等，故B誤．C能量守恒得高點(diǎn)外任何一個(gè)位置升此位置的速大于下落到此位置的速度，則知在任何一個(gè)位置，上升到此位置的電流大于下降到此位置的電流，上升到此位置的安培力于下降到此位置的安培力，而上升和下降過(guò)程的位移相同，故上升過(guò)程中克服安培力做的功比下過(guò)程中克服安培力做的功多．所以上升過(guò)程中產(chǎn)生的熱量大于下降過(guò)程中產(chǎn)生的熱量．故C正確．D、據(jù)量守恒得，除最高點(diǎn)外，在任何一個(gè)位置，上升到此位置的速度大于下落到此位置的速度，上升的位移和下降的位移相等，則上升的時(shí)間小于下落的時(shí)間．故D錯(cuò)．故選：．根據(jù)能量守恒定律，判斷回到出發(fā)點(diǎn)的速度與初速度的大?。姶鸥袘?yīng)中通過(guò)導(dǎo)體的電

，分析兩個(gè)過(guò)程通過(guò)??的量關(guān)系．比較出任何一個(gè)位置，上升到此位置和下落到此位置的速度大小，即可比較出電流的大小，可道上升過(guò)程中產(chǎn)生熱量和下落過(guò)程中產(chǎn)生的熱量大?。?/p>

1221√51221√512比較出在任何一個(gè)位置，上升到此位置和下落到此位置的速度大小，即可比較出上升的時(shí)間和落過(guò)程的時(shí)間．解決本題的關(guān)鍵通過(guò)能量守恒定律比較出回到出發(fā)點(diǎn)的速度和初速度的大小，從而確定每個(gè)位感應(yīng)電流和速度的大小．記住感應(yīng)電量經(jīng)驗(yàn)公，利于分析電量問(wèn)題．3.

答：解：：、速度時(shí)間圖象中圖線的斜率表示加速度，可、加時(shí)圖的斜率小，物體的加速度小。故錯(cuò)誤。B兩體同一位置沿同一方向做直線運(yùn)動(dòng)之的速度一直大于的度、之的間距逐漸增大之的度小于的度，開(kāi)追趕物體，間距減小，所末物體相距最遠(yuǎn)，最遠(yuǎn)距離為：20，B錯(cuò)，正。C、??時(shí)，根據(jù)圖象的面積表示位移可知的移

2100，的移2，所以在的方，故誤。故選：在速度時(shí)間圖象中，圖線的斜率表示加速度加速度向右上方傾斜，加速度為正，向右下方傾斜加速度為負(fù)；圖象與坐標(biāo)軸圍成面積代表位移，時(shí)間軸上方位移為正，時(shí)間軸下方位移為負(fù)．過(guò)分析兩物體的運(yùn)動(dòng)情況，確定何時(shí)相距最遠(yuǎn)．本題是為速時(shí)間圖象的應(yīng)用，要明確斜率的含義，知道在速時(shí)間圖象中圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積的含義，能根據(jù)圖象讀取有用信息．4.

答：解解環(huán)動(dòng)沿圓的動(dòng)可類(lèi)比于單擺的簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)環(huán)點(diǎn)動(dòng)點(diǎn)時(shí)間為

????2??

√1.11；10小環(huán)沿直桿下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)與平方向的夾角為環(huán)由牛頓第二定律得：????，幾何關(guān)系和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得：??2

22

，聯(lián)立解得小環(huán)點(diǎn)動(dòng)點(diǎn)時(shí)間為：

；以有：12

，故正確錯(cuò)。故選：。小環(huán)運(yùn)動(dòng)沿圓弧的動(dòng)可類(lèi)于單擺的簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)用單擺周期公式求解環(huán)沿直下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，利用牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解。

3??32323??3232本題考查的是簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)和勻變速直線運(yùn)動(dòng)求時(shí)間問(wèn)題，意在考查學(xué)生對(duì)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的理解與應(yīng)用力及對(duì)所學(xué)知識(shí)的遷移能力和綜合分析能力。5.

答：解：對(duì)地球和木星，根據(jù)開(kāi)普勒第三定律公式2解：根據(jù)開(kāi)普勒第三定律，有：

列式求解即可。地??地

木??木解得：木

√

木地

??√(5.2)3年年地故選。6.

答：解：木塊由碗邊滑向碗底，速率不變，做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，加速度不為零，合力不為零，故A、B錯(cuò)。C、塊做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，合力大小一定，方向始終指向圓心，故C正，正。故選：。木塊做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，合外力指向圓心，加速度方向指向圓心，大小保持不變．解決本題的關(guān)鍵知道勻速圓周運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)，知道加速度和合力的大小不為零，方向始終指向圓．7.

答：解：、內(nèi)外軌道一樣高，外軌對(duì)輪緣的彈力提供火車(chē)轉(zhuǎn)彎的向心力，火車(chē)質(zhì)量太大，靠這種辦法得到的向心力，會(huì)導(dǎo)致輪緣與外軌間的作用力太大，使鐵軌和車(chē)輪容易受損，并不能防列車(chē)傾倒或翻車(chē)，故A錯(cuò)誤；B、若內(nèi)軌高于外軌，軌道給火車(chē)的支持力斜向彎道外側(cè)，勢(shì)必導(dǎo)致輪緣和軌道之的作用力更大，更容使鐵軌和車(chē)輪受損，不能防列車(chē)翻倒。故誤；、外軌高于內(nèi)軌時(shí)，軌道給火車(chē)的支持力斜向彎道內(nèi)側(cè)，它與重力合力指向圓心，為火車(chē)轉(zhuǎn)彎提供了一部分向心力輕輪緣和外軌的擠壓修鐵路時(shí)據(jù)道半徑和軌道速度行駛，適當(dāng)選擇內(nèi)外軌道的高度差，可以使火車(chē)的向心力完全由火車(chē)的支持力和重力的合力提供，是車(chē)行駛更安全，故C正，正。故選：。

12??21212112??212121110火車(chē)軌道外高內(nèi)低的設(shè)計(jì)是為了減輕輪緣與軌道之間的擠壓，這樣火車(chē)轉(zhuǎn)彎時(shí)，軌道給火車(chē)的持力和其重力的合力提供向心力，保證行車(chē)安全。生活中有很多圓周運(yùn)動(dòng)的實(shí)例，要明確其設(shè)計(jì)或工作原理，即向心力是由哪些力來(lái)提供的，難不大，屬于基礎(chǔ)題。8.答：解：、路中感應(yīng)電流為

??

，，得??

：，正確．B、產(chǎn)生的熱量為??

2

??????

??

2

，，得：

：，B錯(cuò)誤．C、過(guò)任一截面的電荷量為??

??????

????

，與無(wú)，則得：

：故C正．D由于棒勻速運(yùn)動(dòng)力功等于回路中的功率得

2

??????

??

2

則得：：，D錯(cuò)．2故選：．回路中感應(yīng)電流??，??，可求解回路電：

.根焦耳定律求解熱量之比．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律和電量公??，求解電荷量之比．外力的功率等于回路中的電功率，??求外力的功率之比．本題是電磁感應(yīng)中的電路問(wèn)題，關(guān)鍵要掌握感應(yīng)電流與熱量、電荷量、熱量和功率的關(guān)系，解時(shí)要注意????與培力公式的應(yīng)用．知道求解電量要用到平均電動(dòng)勢(shì)．9.

答：解：、體可以分為晶體和非晶體類(lèi)，晶體又分為單晶和多晶，非晶體和多晶體都沒(méi)有確定的幾何形狀，故A正確；B、晶體具有固定的熔點(diǎn)，在熔化的過(guò)程中溫度不變，吸收熱量，分子勢(shì)能增大，B錯(cuò)；C熱學(xué)第二定律可知從外界吸收的熱量可以全部用來(lái)對(duì)做功起其他的變化。故C正；D、理氣體得狀態(tài)方程可知，當(dāng)氣體發(fā)生等壓膨脹時(shí)，氣體的溫度一定升高；而溫度是分子的平均動(dòng)能的標(biāo)志，溫度升高，氣體分子的平均動(dòng)能增大。故D正；E、當(dāng)兩分子間距離大時(shí)斥力和引力都存在，分子間表現(xiàn)為引力作用引力作用；此時(shí)減小分子之間的距離的過(guò)程中分子力做正功，所以分子勢(shì)能減小。故錯(cuò)誤。故選：。

固體可以分為晶體和非晶體兩類(lèi)又分為單晶和多晶體和多晶體都沒(méi)有確定的幾何形狀晶體和非晶體的區(qū)別：晶體有固定的熔點(diǎn)，熔化過(guò)程中吸熱，溫度保持不變；晶體有熔點(diǎn)，熔過(guò)程中不斷吸收熱量，溫度不變。根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程分析溫度的變化；溫度是分子的平均能的標(biāo)志；分子間同時(shí)存在引力和斥力，且都隨分子間距離的增大而減小；當(dāng)分子間距大于平衡離時(shí)，分子力表現(xiàn)為引力，當(dāng)增大分子間的距離，引力做負(fù)功，分子勢(shì)能增加；分子間同時(shí)存在力和斥力，當(dāng)分子間距離小于平衡距離時(shí)，分子力表現(xiàn)為斥力，當(dāng)減小分子間距時(shí)，斥力做負(fù)功分子勢(shì)能增加；此題考查的是物質(zhì)的三種形態(tài)以及三態(tài)所具有的性質(zhì)、熱力學(xué)第二定律等，需要學(xué)生記憶的知點(diǎn)較多，但不難，屬于簡(jiǎn)單題目。10.

答：：向解：：根據(jù)波形圖知甲、乙兩列波的波長(zhǎng)分別、，兩列波的波長(zhǎng)之比：在種介質(zhì)中，同一性質(zhì)的波傳播速度相等，，兩波的頻率之比為：；根據(jù)“上坡向下，下坡向上”，知兩列波都的質(zhì)點(diǎn)向上振動(dòng)，故合速度方向向上。故答案為：，上。由圖形圖直接讀出兩列波的波長(zhǎng)，在同種介質(zhì)中，同一性質(zhì)的波傳播速度相等，求率之比。根據(jù)疊加規(guī)律可分析質(zhì)點(diǎn)的速度方向。本題關(guān)鍵要抓住波速是由介質(zhì)的性質(zhì)決定的，在同一介質(zhì)中傳播的同類(lèi)波速度相同，根據(jù)波速式分頻率關(guān)系。11.

答：否

解：：設(shè)塊與粗水平面的動(dòng)摩擦因數(shù)，塊甲在粗糙水平面上運(yùn)動(dòng)過(guò)程，由動(dòng)能定理得：??

解得：√√，故AB錯(cuò)C正。故選：。甲兩物塊碰撞后一起在粗糙水平面上做勻減速直線運(yùn)，由動(dòng)能定理得：?2?2??

解得：√

，甲兩物塊碰撞過(guò)程系統(tǒng)內(nèi)力大于外力統(tǒng)動(dòng)量守恒以向右為正方向動(dòng)守恒定律得??，

00內(nèi)??????內(nèi)??????????????00內(nèi)??????內(nèi)??????????????整理得√√，則：，驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的表達(dá)式為

，表達(dá)式中沒(méi)有動(dòng)摩擦因，因此驗(yàn)證碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒，不需要測(cè)量小物塊與粗糙水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)；由可，實(shí)驗(yàn)需要驗(yàn)證的表達(dá)式為，即若滿足關(guān)系，則兩物塊碰撞過(guò)程動(dòng)0量守恒。故答案為：；否；

。甲粗糙水平面上做減速運(yùn)動(dòng)，應(yīng)用動(dòng)能定理求出甲的速度與位移間的關(guān)系，然后分析答題。應(yīng)動(dòng)能定求出甲、乙物塊碰撞后的共同速度；甲、乙兩物塊碰撞過(guò)程系統(tǒng)量守恒，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律求出實(shí)驗(yàn)需要驗(yàn)證的表達(dá)式，然后分析答題。本題考查了驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律實(shí)驗(yàn)，分析清楚物塊的運(yùn)動(dòng)過(guò)程是解題的前提，應(yīng)用動(dòng)能定理與量守恒定律即可解題。12.

答：偏大

????)????

????

解：：歐表指針數(shù)與倍率的乘積是歐姆表示數(shù)，所

；歐表調(diào)零時(shí)內(nèi)阻內(nèi)

??

電電動(dòng)勢(shì)變小則歐姆表內(nèi)阻變小歐姆表測(cè)電阻時(shí)：??

?內(nèi)

??

內(nèi)內(nèi)

??內(nèi)

，由于變，變，指針跟原來(lái)的位置相比偏左了，所測(cè)電阻偏大；根該同學(xué)的操作過(guò)程，接

時(shí)：

??

??

，當(dāng)接時(shí)

????

??????

??

??????

，聯(lián)立可得：

????)????

????考此歐姆表的刻度及調(diào)零與否：由圖丙所示可知，該歐姆表電表與測(cè)電路并聯(lián)，則電表為電壓表，利用并聯(lián)電路特點(diǎn)測(cè)電阻，電阻刻度的零位在表盤(pán)的左端，由閉合電路歐姆定律可知，盤(pán)上的電阻刻度是不均勻的，由于電表為電壓表，測(cè)量前，不需要紅、黑表筆短接調(diào)零，測(cè)量后應(yīng)將開(kāi)關(guān)斷，故錯(cuò)，正確。故答案為：；偏；

????)????

????

、歐表指針示數(shù)與擋位的乘積是歐姆表示數(shù)。根閉合電路的歐姆定律分析實(shí)驗(yàn)誤差。分清楚電路結(jié)構(gòu)、應(yīng)用閉合電路歐姆定律分析答題。本題考查了歐姆表工作原理、歐姆表讀數(shù)，實(shí)驗(yàn)誤差分析等問(wèn)題；歐姆表指針示數(shù)與倍率的乘是歐姆表示數(shù)；知道歐姆表的工作原理、應(yīng)用閉合電路歐姆定律即可正確解題。

0??222′′2222總0??222′′2222總的度為：2213.

答：：碰前，對(duì)根據(jù)牛頓第二定律得：

。代入數(shù)據(jù)解得：

2速減的間為：

??上的位移大小0

122

對(duì)，據(jù)牛頓第二定律得2代入數(shù)據(jù)解得：

。在??時(shí)下的位移大小為

2

2

，

所以速減時(shí)與相的距離為：當(dāng)?shù)亩葴p到后有同加速度往滑碰撞前的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，有

‘

??

′

解得：′??，則兩物體碰前運(yùn)動(dòng)總時(shí)間′2.25碰前瞬的度為：

′

總對(duì)于碰撞過(guò)程，取沿斜面向下為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：)??代入數(shù)據(jù)解得：??對(duì)于碰撞后過(guò)程由動(dòng)能定理得

??′2??解得，兩物塊碰撞后到達(dá)斜面底端時(shí)的速度大??′答：速度減為時(shí)與相距。兩塊碰撞前運(yùn)動(dòng)的時(shí)間是2.25兩塊碰撞后到達(dá)斜面底端時(shí)的速度大小

。解：先據(jù)牛頓第二定律求出兩個(gè)物體碰撞前加速度的大小速公式求速減為的間，由位移公式求出兩個(gè)物體的位移，從而求速度減為時(shí)與相的距離。利相遇時(shí)位移關(guān)系，由位移公式求解兩物塊碰撞前運(yùn)的時(shí)間；

2000021??2??2100??2000021??2??2100??0由度公式求出碰撞前兩物塊的速度，由動(dòng)量守恒定律出碰后共同速度，再由動(dòng)能定理求兩物塊碰撞后到達(dá)斜面底端時(shí)的速度大小。解決本題的關(guān)鍵是理清物塊的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，對(duì)于相遇過(guò)程，要抓住位移關(guān)系分析。對(duì)于碰撞，應(yīng)據(jù)動(dòng)量守恒定律研究。14.

答案：：設(shè)子射出加速器的速度，根據(jù)動(dòng)能定理得：??2由題意

，即

√0

；在一個(gè)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中，設(shè)粒子的運(yùn)動(dòng)時(shí)間加速度的大小

??在離開(kāi)時(shí)，豎直分速度

??豎直位移??

2

2水平位移

粒子在兩偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)間做勻速直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)歷時(shí)間也??．豎直位移??由題意知，粒子豎直總位移??2????聯(lián)立解得??

??

；欲使粒子仍點(diǎn)入待測(cè)區(qū)域??不，則當(dāng)加速電壓為時(shí)，??)由沿軸向射入時(shí)的受力情況可知：平行軸且由沿軸方向射入時(shí)的受力情況知??平面平行，則

??

；??

2

2

√

2

，則??且??

解得??√設(shè)場(chǎng)方向軸方向夾角為.若沿軸向，由軸向射入時(shí)的受力情況得

2

??

2

(??)

2解得，或150°即與??平平行且軸向夾角或．同理，沿軸向，

0????020????022與平平行且軸向的夾角或．答：粒射出平移器時(shí)的速度大為√

2????

．當(dāng)速