2020學(xué)年河南省鄭州市高考一模試卷物理及答案解析

2020年南鄭市考模題理一、選擇題（4×12=48～8選9～12多選，全部選對(duì)得4分，對(duì)但不全的得2分1.（4分）一條小蟲清晨6時(shí)從地面沿樹桿向上爬到樹頂時(shí)是下午6時(shí)第二天清晨6時(shí)起從樹頂沿樹桿向下爬回地面時(shí)是下午4若小蟲爬行速度時(shí)快時(shí)慢兩中相同鐘點(diǎn)（時(shí)、分、秒）爬過(guò)樹桿上相同高度的機(jī)會(huì)，下面說(shuō)法正確的()A.一有一次B.可沒(méi)有C.可有兩次D.一沒(méi)有解析：本題可以看成條小蟲，都從清晨6點(diǎn)一個(gè)從地面出發(fā)，一個(gè)從樹頂出發(fā)，同時(shí)運(yùn)動(dòng)，則兩條小蟲肯定會(huì)相遇，且只相遇一次，故正確答案：（4分2020年底以來(lái)，共享車風(fēng)靡全國(guó)各大城市，如圖所示，單車的車鎖內(nèi)集成了嵌入式芯片模和SIM卡，便于監(jiān)控單車在路上的具體位置。用戶僅需用手機(jī)上的客戶端軟件（APP）掃描二維碼，可自動(dòng)開鎖，騎行時(shí)手機(jī)上能實(shí)時(shí)了解單車的位置；騎行結(jié)束關(guān)鎖后APP就示計(jì)時(shí)計(jì)價(jià)程等信息。此外車能夠在騎行過(guò)程中為車內(nèi)電池充電滿足定位和自動(dòng)開鎖過(guò)程中的用電據(jù)上信息判斷下列說(shuō)法正確()A.單的位置信息是借助北斗衛(wèi)導(dǎo)航系統(tǒng)準(zhǔn)確定位的B.單是利用電磁感應(yīng)原理實(shí)現(xiàn)電的C.由機(jī)APP上的顯示信息，可求出騎行的平均速度D.單在被騎行過(guò)程中受到地面摩擦力表現(xiàn)為阻力解析：、車某個(gè)時(shí)刻的準(zhǔn)確位置信息是借助通訊衛(wèi)星定位確定的，故錯(cuò)誤；B、單車在運(yùn)動(dòng)過(guò)程通過(guò)電磁感將機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能從而實(shí)現(xiàn)充電，故B正確；C、由手機(jī)APP上顯示信息包路程和時(shí)間，沒(méi)有說(shuō)明具體的位移，故不可以求出騎行的平均速度，故C錯(cuò)；D、單車在騎行時(shí)，主動(dòng)輪受到前的摩擦力（動(dòng)力），從動(dòng)輪受到向后的摩擦力（阻力），故D錯(cuò)。答案：（4分國(guó)理學(xué)家勞倫斯于1932發(fā)明的回旋加速器用電粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)使粒子在較小的空間范圍內(nèi)經(jīng)過(guò)電場(chǎng)的多次加速獲得較大的能量人在獲得較高能量帶電粒子方面前進(jìn)了一步圖為一種改進(jìn)后的回旋加速器示意圖中縫間的加速電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)大小恒定，且被限制在A、C板間，如圖所示。帶電粒子從P處速度v沿電線方向射入加速電場(chǎng)加后再進(jìn)入盒中的勻強(qiáng)磁場(chǎng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)于這種改進(jìn)后的回旋加速器，下列說(shuō)法正確的(

2qq2qqrA.帶粒子每運(yùn)動(dòng)一周被加速兩B.帶粒子每運(yùn)動(dòng)一周PP=PC.加粒子的最大速度與D形的尺寸有關(guān)D.加電場(chǎng)方向需要做周期性的化解析A、帶電粒子只有經(jīng)過(guò)A板間被加速即電粒子每運(yùn)動(dòng)一周被加速一次電的方向不需改變，在AC間速故A誤D錯(cuò)。Br=PPr每轉(zhuǎn)一圈被加速一次1，知每轉(zhuǎn)一圈，速度的變化量不等，則≠PP故B錯(cuò)誤。BrC、當(dāng)粒子從D形中出來(lái)時(shí)，度最大，根據(jù)q得，。加速粒子的最大速度與D形的半徑有關(guān)。故C正。答案：（4分年8月16日l(shuí)時(shí)40分我在酒泉用長(zhǎng)征二號(hào)丁運(yùn)載火箭成功將世界首顆量子科學(xué)實(shí)驗(yàn)衛(wèi)星“墨子號(hào)”發(fā)射升空?qǐng)D示為“墨子號(hào)”衛(wèi)星在距離地球表面500km高的軌道上實(shí)現(xiàn)兩地通信的示意圖。若已知地球表面重力加速度為g，地球半徑為R，則下列說(shuō)法正確的是()A.工時(shí)，兩地發(fā)射和接受信號(hào)雷達(dá)方向一直是固定的B.衛(wèi)繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的度小于7.9km/sC.可估算出“墨子號(hào)”衛(wèi)星所到的萬(wàn)有引力大小D.可估算出地球的平均密度解析A、由于地球自轉(zhuǎn)的周期“墨子號(hào)”的周期不同動(dòng)的角速度不同，所以工作時(shí)，兩地發(fā)射和接受信號(hào)的雷達(dá)方向不是固定的，故A錯(cuò)誤。B是星繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的最大環(huán)繞速度，則衛(wèi)星繞地球運(yùn)動(dòng)的速度小于7.9km/s，B正。C、由于“墨子號(hào)”衛(wèi)星的質(zhì)量知，則無(wú)法計(jì)算“墨子號(hào)”所受到的萬(wàn)有引力大小，故C錯(cuò)誤。D、根據(jù)萬(wàn)有引力等于重力，結(jié)地球表面的重力加速度和半徑可以求出地球的質(zhì)量，結(jié)合地球的體積可以求出地球的平均密度，故D確。答案：（4分）傾角為30°的光滑斜面上，有一個(gè)箱子，箱內(nèi)有一個(gè)斜面，在斜面上放置一個(gè)

333333重60N的球，如圖所示，當(dāng)箱子斜面上下滑時(shí)，球?qū)ο渥雍蟊诤拖鋬?nèi)斜面的壓力分別是()A.40N，30NB.30N，50NC.40N，50ND.50N，60N解析：對(duì)箱子和球整體分析，根據(jù)牛頓第二定律，有：（M+m）gsin30°=（M+m）a，解得：a=gsin30°=10×=5m/s；再隔離球受力分析，如圖所示：在平行斜面方向，有：mgsin30°+N﹣Nsin53°=ma在垂直斜面方向，有：mgcos30°﹣N2cos53°=0，聯(lián)立解得：=40

3

N=50

3

N；根據(jù)牛頓第三定律，球?qū)ο渥雍蟊诘膲毫?/p>

3

N，對(duì)箱內(nèi)斜面的壓力為N故ABD錯(cuò)誤，正確。答案：6.（4分）一個(gè)光滑的半圓形槽置于光滑的水平面上如圖，槽左側(cè)有一個(gè)固定在水平面上的物塊現(xiàn)讓一個(gè)小球自左側(cè)槽A點(diǎn)正方由靜止開始落下從點(diǎn)落入槽內(nèi)則下列說(shuō)法中正確的()A.小在半圓槽內(nèi)運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中機(jī)械能守恒B.小在半圓槽內(nèi)運(yùn)動(dòng)的全過(guò)程，小球與半圓槽組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒C.小在半圓槽內(nèi)由B點(diǎn)點(diǎn)動(dòng)的過(guò)程中，小球與半圓槽組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒D.小從C點(diǎn)開半圓槽后，一還會(huì)從C點(diǎn)落回半圓槽解析：、有重力或只有彈力做功時(shí)物體的機(jī)械能守恒。小球在半圓槽內(nèi)運(yùn)動(dòng)由B到C過(guò)程中，除重力做功外，槽的支持力也對(duì)小球做功，小球機(jī)械能不守恒，由此可知，小球在半圓槽內(nèi)運(yùn)動(dòng)的全過(guò)程中，小球的機(jī)械能守不守恒，故A錯(cuò)誤。B、小球在槽內(nèi)運(yùn)動(dòng)的前半過(guò)程，左側(cè)物體對(duì)槽有作用力，小球與槽組成的系統(tǒng)動(dòng)量不守恒。小球在槽內(nèi)運(yùn)動(dòng)的后半過(guò)程中球有向心加速度豎直方向的合力不為零系的動(dòng)

量也不守恒。故B錯(cuò)。C、小球自半圓槽的最低點(diǎn)B向運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，豎直方向的合力不為零，系統(tǒng)的動(dòng)量也不守恒統(tǒng)水平方向所受合力為零球與半圓槽在水平方向動(dòng)量守恒C錯(cuò)誤。D、小球離開C點(diǎn)后，既有豎向上的分速度，又有水平分速度，小球做斜上拋運(yùn)動(dòng)，水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)平分速度與半圓槽的速度相同以小球一定還會(huì)從C點(diǎn)回半圓槽，故正確答案：7.（4分）如圖所示，以O(shè)點(diǎn)圓心的圓周上有六個(gè)等分點(diǎn)a、b、c、d、f，等量正、負(fù)點(diǎn)電荷分別放置在a兩點(diǎn)，下列說(shuō)法中正確的A.b、c、e四點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)相同B.b、c、e四點(diǎn)電勢(shì)相等C.O點(diǎn)的電勢(shì)高于b、c、f四的電勢(shì)D.將帶正電的試探電荷從O點(diǎn)到e，電場(chǎng)力做正功解析：、題意可知，兩點(diǎn)電荷在、f的電場(chǎng)強(qiáng)度各自進(jìn)行矢量合成，則e處強(qiáng)大小相等，而方向不相同，同理b、c電強(qiáng)度大小相等，方向不同，因此它們的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向不同，故A錯(cuò)誤。B、依據(jù)等量異種電荷，等勢(shì)線分布，可知b、f二的電勢(shì)相等，而c二點(diǎn)的電勢(shì)相等，故錯(cuò)誤C根據(jù)沿著電場(chǎng)線方向勢(shì)降低此點(diǎn)的勢(shì)高于二的電勢(shì)低b二點(diǎn)的電勢(shì)，故C錯(cuò)；D、將一帶正電的試探電荷從O點(diǎn)移到e，即從高電勢(shì)移動(dòng)低電勢(shì)，那么電勢(shì)能降低，因此電場(chǎng)力做正功，故D正。答案：（4分）光滑的水平面上有一靜止的物體，現(xiàn)以水平恒F推這物體，作用一段時(shí)間后換成相反方向的水平恒力F推一物體，當(dāng)恒力F作的時(shí)間與恒力F作的時(shí)間相等時(shí)，物體恰好回到原處，此時(shí)物體的動(dòng)能為32J則在整個(gè)過(guò)程中，恒力F、F做的功分別為)A.16J、16JB.8J、24JC.32J、0JD.48J、﹣16J解析加的末速度為v變速的末速度為于加速過(guò)程和勻變速過(guò)程的位移相反，又由于恒力F作的時(shí)間與恒F作的時(shí)間相等，根據(jù)平均速度公式有vv112解得v=﹣2v根據(jù)動(dòng)能定理，加速過(guò)程Wmv勻變速過(guò)程

Wmv﹣mvWmv﹣mv根據(jù)題意故

mv2=32JW=8JW=24J。答案：（4分）圖所示，理想變壓器原線圈接有交流電源，保持輸入電壓不變。開始時(shí)單刀雙擲開關(guān)接a斷開時(shí)泡A發(fā)光較暗小燈泡亮度增加操可行的()A.閉開關(guān)SB.開K接bC.把動(dòng)變阻器滑片向左移動(dòng)D.把動(dòng)變阻器滑片向右移動(dòng)解析：、合開關(guān)S，副線圈路電阻變小，電流變大，滑動(dòng)變阻器上的分壓增大，并聯(lián)部分的電壓變小，燈泡A變暗故錯(cuò)誤11B、開關(guān)接b，輸入端線圈匝數(shù)小，則根據(jù)=2可知，副線圈兩端的電壓增大，燈泡A中流增大，燈泡A變亮故正確C、把滑動(dòng)變阻器滑片向左移動(dòng)副線圈回路總電阻變大，總電流變小，燈泡A兩的電壓變小，燈泡A變，故C錯(cuò)誤D、把滑動(dòng)變阻器滑片向右移動(dòng)副線圈回路總電阻變小，總電流變大，燈泡A兩的電壓變大，燈泡A變，故D正確答案：10.（4分某星級(jí)賓館安裝一高檔電梯，在電梯的底板上安裝了一壓力傳感器，在豎直墻壁上的顯示盤上可顯示人對(duì)傳感器的作用力，某乘客乘坐電梯從1層接到10層，之后又從層直回到1層，照相機(jī)進(jìn)行記錄了相關(guān)的信息，如圖所示，則下列說(shuō)法中正確的是)A.根圖a)和圖e)可估測(cè)出電向下制動(dòng)時(shí)的加速度B.根圖a)和圖c)可知人的機(jī)能在減小C.根圖a)和圖b)可估測(cè)出電向上制動(dòng)時(shí)的加速度D.根圖a)和圖d)可知人的機(jī)能在減小解析A、(e)圖示電梯減速下降時(shí)這位同學(xué)超重時(shí)的示數(shù)以根據(jù)圖(和(e)能求出的是電梯向下制動(dòng)時(shí)的加速度，所以A確。B圖示電梯減速上升時(shí)這同學(xué)失重時(shí)的示數(shù)電梯還在向上運(yùn)動(dòng)人正功，

人的機(jī)械能在增加，所以B錯(cuò)誤。C圖示電梯加速上升時(shí)這同學(xué)超重時(shí)的示數(shù)時(shí)夠求出的是電梯向上起動(dòng)時(shí)的加速度，所以C錯(cuò)。D、(d)圖表示電梯加速下降時(shí)這同學(xué)失重時(shí)的示數(shù)，此時(shí)電梯在向下運(yùn)動(dòng)，對(duì)人做負(fù)功，人的機(jī)械能在減小，所以D正確。答案：（4分如所示空分布著豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，現(xiàn)在電場(chǎng)區(qū)域內(nèi)某點(diǎn)O處置一負(fù)點(diǎn)電荷Q，并在以O(shè)點(diǎn)球心的球面上選取a、b、c四點(diǎn)，其中ac連線球的水平大圓直徑，連線電場(chǎng)方向平。不計(jì)空氣阻力，則下列說(shuō)法中正確的()A.b、d兩的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，電勢(shì)相等B.a、c兩的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，電勢(shì)相等C.若a點(diǎn)出一帶正電小球，小球可能沿a所在圓周作勻速圓周運(yùn)動(dòng)D.若a點(diǎn)出一帶負(fù)電小球，小球可能沿b所在圓周作勻速圓周運(yùn)動(dòng)解析：、Q在b點(diǎn)d點(diǎn)強(qiáng)向相反，與勻強(qiáng)電場(chǎng)疊加后點(diǎn)場(chǎng)大于b點(diǎn)強(qiáng)。故A錯(cuò)誤；B兩的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，點(diǎn)電荷在ac兩的電勢(shì)相等，電場(chǎng)E在ac兩點(diǎn)電勢(shì)相等，所以ac兩點(diǎn)電勢(shì)相等。故B正；C、若能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，要使球所受的合力大小不變，方向變化，則應(yīng)為勻強(qiáng)電場(chǎng)力與重力相平衡，合力為Q所的庫(kù)侖力。故為正電荷沿水平面運(yùn)動(dòng)。故C正確D、若從點(diǎn)拋一帶負(fù)電小球，其所受合力不可能指向Q點(diǎn)，則不能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。故D錯(cuò)。答案：12.（4分如圖所示，兩根足夠長(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌、PQ相距L，導(dǎo)軌平面與水平面的夾角θ=30°，軌電阻不計(jì)，整個(gè)裝置處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。質(zhì)量為m、為L(zhǎng)、電阻為R的屬棒垂直導(dǎo)軌放置，且始終與導(dǎo)軌接觸良好。金屬導(dǎo)軌的上端連接一個(gè)阻值也為的定值電阻。現(xiàn)閉合開關(guān)K，給金屬棒施加一個(gè)平行于導(dǎo)軌斜向上大小為F=2mg的恒力使金屬棒由靜止開始運(yùn)動(dòng)若金屬棒上滑距離s時(shí)金屬棒開始勻速運(yùn)動(dòng)，則金屬棒由靜止到剛開始勻速運(yùn)動(dòng)過(guò)程，下列說(shuō)法中正確的是（重力加速度為g)A.金棒的末速度為

3mgR22B.金棒的最大加速度為1.4g

LRLRC.通金屬棒的電荷量

9g2D.定電阻上產(chǎn)生的焦耳熱為mgs解析：、金屬棒勻速運(yùn)動(dòng)的速度為v，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=BLvEI2R回路電流FBIL安安培力金屬棒勻速時(shí)，受力平衡有

mgsin30

安，即

12mg2

聯(lián)立解得：

v

322

，故A正；mg-mgmaB、金屬棒開始運(yùn)動(dòng)時(shí)，加速度大，即F﹣mgsin30°=ma，代入數(shù)據(jù)，解得a=1.5g，故B錯(cuò)；C、根據(jù)感應(yīng)電量公式

sR總

，故C錯(cuò)誤D、對(duì)金屬棒運(yùn)用動(dòng)能定理，有

Fmgsin

，其中定值電阻上產(chǎn)生的焦耳熱為=

1m3g2QQ2B4

，故D正。答案：二、非選擇題題（共6小，滿分52分）13.（6分如圖1所為證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)裝置?，F(xiàn)有器材為：帶鐵夾的鐵架臺(tái)、電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器、紙帶、帶鐵夾的重物、天平。(1)為完成實(shí)驗(yàn)，還需要的器材有。A.米B.0～6V直電源C.秒

2T0.042T0.04D.0～6V交電源解析：通過(guò)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器計(jì)算時(shí)間，故不需要秒表。打點(diǎn)計(jì)時(shí)器應(yīng)該與交流電源連接。需要刻度尺測(cè)量紙帶上兩點(diǎn)間的距離。故選AD。答案：。(2)某同學(xué)用圖1所示裝置打出一條紙帶如圖2所相兩點(diǎn)之間的時(shí)間間隔為0.02s，根據(jù)紙帶計(jì)算出打下D點(diǎn)重物的速度大小為。（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）解析圖可知CE間的距離為x=19.41由均速度公式可得，x

0.0701D點(diǎn)速度v===1.75m/s答案：1.75。(3)采用重物下落的方法，根據(jù)公式mv=mgh證機(jī)械能守恒定律，對(duì)實(shí)驗(yàn)條件的要求是，驗(yàn)證和滿足此要求，所選擇的紙帶第1、2點(diǎn)間距離應(yīng)接近。解析：用公式mv=mgh時(shí)，紙帶上起點(diǎn)的要求是重錘是從初速度為零開始，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的打點(diǎn)頻率為50Hz，打點(diǎn)周期為0.02s，重物開始下落后，在第一個(gè)打點(diǎn)周期內(nèi)重物下落的高度所以所選的紙帶最初兩點(diǎn)間的距離接近2mmgTm≈2mm。答案：重物的初速度為零2mm(4)該同學(xué)根據(jù)紙帶算出了相應(yīng)點(diǎn)的速度，作出﹣h象如圖3所，則圖線斜率的物理意義是。解析：由機(jī)械能守恒mgh=mv得v=2gh，由此知：圖象的斜率。答案：當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊?倍。14.（9分在“測(cè)定金屬絲的電阻率”實(shí)驗(yàn)中，所用的測(cè)量?jī)x器均已校準(zhǔn)。待測(cè)金屬絲接入電路部分的長(zhǎng)度約為。

15URRURUR0.064L0.5015URRURUR0.064L0.50(1)用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲的直徑，某一次測(cè)量結(jié)果（接近多次測(cè)量的平均值）如圖1所示，其讀數(shù)為mm解析：由圖示螺旋測(cè)微器可知，其讀數(shù)為：0mm+39.9×0.01mm=0.399mm。答案：0.399。(2)用伏安法測(cè)金屬絲的電阻R的阻值（約為15Ω），實(shí)驗(yàn)室提供了如下器材：A.電組E（電動(dòng)勢(shì)為3V，內(nèi)阻為1Ω）B.電表A（程為0～0.6A，阻約為0.5）C.電表A（程為0～3A，內(nèi)為0.02Ω）D.電表V（程為0～3V，內(nèi)約為5k）E.電表V（程為0～15V，內(nèi)阻為15k）F.電箱R（阻值范圍為0～99.99，額定電流為1AG.開S，導(dǎo)線若干為使測(cè)量盡可能準(zhǔn)確，電流表應(yīng)選用，電壓表應(yīng)選用；填器材前的字母標(biāo)號(hào)）應(yīng)采用圖2給的電路進(jìn)行測(cè)量。3解析：電源電動(dòng)勢(shì)為3V，則電壓選D，通過(guò)電阻絲的最大電流約為I===0.2A，電流表選擇B；由題意可知，電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于待測(cè)電阻阻值，電流表應(yīng)選擇外接法；由題意可知，待測(cè)電阻阻值約為15，電阻箱最大阻值為99.99Ω為測(cè)多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)電箱應(yīng)與測(cè)電阻并聯(lián)如果串聯(lián)所測(cè)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)太少選擇圖甲所示實(shí)驗(yàn)電路。答案：；D甲。1(3)根據(jù)記錄的電阻箱阻值R及應(yīng)電流表示數(shù)I和壓表示數(shù)U標(biāo)上作﹣圖象如圖所，根據(jù)圖象可得金屬絲的電阻R=Ω保留兩位有效數(shù)字）。U解析：由圖甲所示實(shí)驗(yàn)電路，根據(jù)并聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律得I=

R

X

+，理得：1

1

1R=+X，﹣圖的截距b=X=0.06則測(cè)電阻阻值==≈17。答案：。(4)根據(jù)以上數(shù)據(jù)估算金屬絲的電阻率約為（填選項(xiàng)前的字母標(biāo)號(hào)）。A.4×10ΩB.4×10ΩC.4×10ΩD.4×10ΩL解析：由電阻定律可知：R=ρ=ρ

)

，電阻率：2)217ρ==≈4×10Ω，故選C。答案：。(5)關(guān)于本實(shí)驗(yàn)的誤差，下列說(shuō)法中正確的是（填選項(xiàng)前的字母標(biāo)號(hào)）。

A.用旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲的直時(shí)，由于讀數(shù)引起的誤差屬于系統(tǒng)誤差B.由流表和電壓表內(nèi)阻引起的差屬于偶然誤差C.若電流表和電壓表內(nèi)阻計(jì)算內(nèi)，可以消除由測(cè)量?jī)x表引起的系統(tǒng)誤差D.用﹣圖象處理數(shù)據(jù)求金屬絲的電阻可以減小偶然誤差。解析：、數(shù)引起的誤差是由人為因素引起的，屬于偶然誤差，用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲的直徑時(shí)，由于讀數(shù)引起的誤差屬于偶然誤差，故A錯(cuò)誤；B、由電流表和電壓表內(nèi)阻引起誤差屬于系統(tǒng)誤差，不是偶然誤差，故B錯(cuò)誤；C、若將電流表和電壓表內(nèi)阻計(jì)在內(nèi)，可以消除由測(cè)量?jī)x表引起的系統(tǒng)誤差，故C正；1D、用﹣圖處理數(shù)據(jù)求屬絲的電阻可以減小偶然誤差，不能消除系統(tǒng)誤差，故D正確。答案：。（8分人乘氣球進(jìn)行學(xué)考察物和科研人員的總質(zhì)量為990kg。氣球在空中停留一段時(shí)間后氣球漏氣而下降堵時(shí)球下降速度為l，且做勻加速運(yùn)動(dòng)內(nèi)下了12m為使氣球安全著陸，向舷外緩慢拋出一定的壓艙物后發(fā)現(xiàn)氣球做勻減速運(yùn)動(dòng)，下降速度在5分鐘減少了3m/s若空氣阻力和泄漏氣體的質(zhì)量均可忽略，重力加速度g=9.89m/s，求拋掉的壓艙物的質(zhì)量。解析：由牛頓第二定律得：mg﹣f=matat

拋物后減速下降有：﹣﹣m）g=﹣m）aeq\o\ac(△,′)v=a△t解得：

m'm

ag

101kg答案：拋掉的壓艙物的質(zhì)量為101kg（9分如所示半的滑圓弧軌道BC固定豎直平面內(nèi)軌的上端點(diǎn)B和圓心的線水平方向的角θ=30°下端點(diǎn)軌道的最低點(diǎn)且與粗糙水平面相切，一根輕質(zhì)彈簧的右端固定在豎直擋板上。質(zhì)量m=0.1kg的小物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）從空中的A點(diǎn)v=2m/s的速被水平拋出，恰好從B點(diǎn)軌道切線方向進(jìn)入軌道，經(jīng)過(guò)C點(diǎn)后沿水平面向右運(yùn)動(dòng)至D點(diǎn)，彈簧被壓縮至最短，此時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能=0.8J，已知小物塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.5，g10m/s。求：(1)小物塊從點(diǎn)運(yùn)至B點(diǎn)的間。

解析：小物塊恰好從B點(diǎn)切線方向進(jìn)入軌道，由幾何關(guān)系有根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可得v=gt解得：t=0.35s。答案：小物塊從A點(diǎn)動(dòng)至B點(diǎn)時(shí)間為0.35s(2)小物塊經(jīng)過(guò)圓弧軌道上的C點(diǎn)時(shí)，對(duì)軌道的壓力大小。解析：小物塊由B點(diǎn)動(dòng)到C點(diǎn)由機(jī)械能守恒定律有：mgR（1+sinθmv﹣mv2v解得：==4m/s；v2在C點(diǎn)，由牛頓第二定律有F

解得：N，根據(jù)牛頓第三定律，小物塊經(jīng)過(guò)圓弧軌道上點(diǎn)時(shí)軌道的壓力F′大小為8N。答案：小物塊經(jīng)過(guò)圓弧軌道上的C點(diǎn)時(shí)，對(duì)軌道的壓力大小為8N。(3)C、D兩點(diǎn)的水平距離L。解析：小物塊從B點(diǎn)動(dòng)到D點(diǎn)由能量守恒定律有：E=mv+mgRθ﹣μmgL解得：L=1.2m。答案：、D兩點(diǎn)間的水平距離。17.（10分一勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直于y平面在xy平上，磁場(chǎng)分布在以為心的一個(gè)圓形區(qū)域內(nèi)。一個(gè)質(zhì)量為m，電荷量為q的帶粒子，由原點(diǎn)O開運(yùn)，初速度為v，方向沿x正向。后來(lái)，粒子經(jīng)過(guò)上的P點(diǎn)，此時(shí)速度方向與y軸的角為30°，P到的距為L(zhǎng)如所示不重力的影響求磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的小及xy平面磁場(chǎng)區(qū)域的半徑R。解析：粒子在磁場(chǎng)中受到洛倫茲力作用，做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則有

m

v2r據(jù)此并由題意可得，粒子在磁場(chǎng)中的軌跡的圓心必在y