2020-2021學(xué)年北京高三上學(xué)期期中考試名校物理真題分類匯編（選擇第一部分）

1、2020-2021 一勻變速直線運(yùn)動規(guī)律的綜合運(yùn)用（共 1小題）1行駛的距離。假設(shè)汽車以不同速度行駛時制動的加速度大小都相同。分析表中數(shù)據(jù)可知，下列選項(xiàng)中錯誤的是（ ）反應(yīng)距離 制動距離速度（ms 1） 正常 酒后 正常 酒后15 7.5 15.0 22.5 30.0A若汽車的初速度增加一倍，制動距離也增大一倍B駕駛員酒后反應(yīng)時間比正常情況下多 0.5sC駕駛員采取制動措施后汽車剎車的加速度大小為7.5m/s2D若汽車以25m/s 的速度行駛時發(fā)現(xiàn)前方 60m處有險情，酒后駕駛不能安全停車二v-t 圖像（共 2小題）2質(zhì)點(diǎn)做直線運(yùn)動的速度時間圖象如圖所示，該質(zhì)點(diǎn)（ ）A在第1 秒末速度方向發(fā)生

2、了改變B在第2 秒末加速度方向發(fā)生了改變C在前2 秒內(nèi)發(fā)生的位移為零D 1秒末和第3 秒末的位置相同第1頁（共37頁）3如圖所示為某質(zhì)點(diǎn)做直線運(yùn)動的 t 圖象，下列說法正確的是（ ）A04s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)先靜止后做勻速直線運(yùn)動B質(zhì)點(diǎn)在 3s末的速度為1m/sC4s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)加速度大小不變，方向與運(yùn)動方向相同D04s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)通過的位移為 2m三自由落體運(yùn)動（共 2小題）4關(guān)于自由落體運(yùn)動，下列選項(xiàng)正確的是（ ）A自由落體運(yùn)動是初速度為零的勻加速直線運(yùn)動B在空氣中，不考慮空氣阻力的運(yùn)動是自由落體運(yùn)動C質(zhì)量大的物體受到的重力大，落到地面時的速度也大D物體做自由落體運(yùn)動時不受任何外力作用5落到玻璃管的底端。下

3、列說法正確的是（ ）A鐵片先落到底端是因?yàn)殍F片在玻璃管中的受到的阻力小于羽毛受到的阻力B鐵片先落到底端是因?yàn)橄侣溥^程中鐵片的加速度大于羽毛的加速度C鐵片與羽毛下落到玻璃管底端的速度大小相等D將玻璃管中的空氣抽成真空狀態(tài)，鐵片依然先落到玻璃管底端第2頁（共37頁）四摩擦力的判斷和計(jì)算（共 1小題）6如圖所示，木塊 A、B 分別重 和 60N，它們與水平地面之間的動摩擦因數(shù)均為 0.20 AB 之間的輕彈簧被壓縮了 1cm，彈簧的勁度系數(shù)為 400N/m，系統(tǒng)置于水平地面上靜止不動（可認(rèn)為木塊與水平地面之間的 F2N的水平拉力作用在木塊 B AB 所受摩擦力分別記為 fA和 f。則（ ）Af Bf

4、A的方向水平向左CB DB的方向水平向左五力的合成（共 2小題）7如圖所示，兩根細(xì)繩 AO 和 O O 點(diǎn)下方用細(xì)繩 懸掛一重物，并處于靜止?fàn)顟B(tài)，繩 AO 為 F，繩 拉力為 2。保持 A、O 點(diǎn)位置不變，而將繩 BO 緩慢向 1OBO 移動直至水平。對于此過程，下列選項(xiàng)正確的是（ ）A1逐漸變小 B2逐漸變小C、2的合力逐漸變小 DF、2的合力保持不變8 12 12在同一豎直平面內(nèi)。下列說法中正確的是（ ）A兩個力間的夾角大些比小些省力B兩個力間的夾角小些比大些省力C兩個力間的夾角變大，F(xiàn)12的合力也變大D兩個力間的夾角變大，F(xiàn)、2的合力保持不變六矢量和標(biāo)量（共 1小題）9下列物理量中屬于矢

5、量的是（ ）A動能 B加速度 C功率 D路程第3頁（共37頁）七一般情況下的共點(diǎn)力平衡（共 4小題）10 M m ，下列選項(xiàng)正確的是（ ）A木塊受到的摩擦力大小是 mgcosB木塊對斜面體的壓力大小是 mgsinC桌面對斜面體的支持力大小是（M+m）gD桌面對斜面體的摩擦力大小是 mgsin A 與 B B AB A 和B 的質(zhì)量分別為 mA、，繩與水平方向的夾角為（90 g，則（ ）A物體B受到的摩擦力可能為零B物體B 受到的摩擦力為 mAgcosC物體B 對地面的壓力可能為零D物體B對地面的壓力為 mBmAg12如圖所示，不計(jì)質(zhì)量的光滑小滑輪用一小段細(xì)繩懸掛于墻上 O A 和BAB 都處于

6、靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)將物塊B 緩慢地移至 C點(diǎn)，AB 仍保持靜止，下列說法中正確的是（ ）AB對水平面的壓力減小BB 對水平面的摩擦力增大C連接物塊A、B的細(xì)繩拉力增大D懸掛于墻上的小段細(xì)繩上的拉力增大13 m的箱子在與水平方向成 角的恒力F ）A物塊受到的支持力大小為 mgB物塊受到的支持力大小為 FsinC物塊受到的摩擦力大小為 0D物塊受到的摩擦力大小為 第4頁（共37頁）八動態(tài)平衡分析（共 2小題）14 A 用輕質(zhì)細(xì)繩與圓環(huán) B F 作用在繩上的O 將 O 點(diǎn)緩慢向左移動，使細(xì)繩與豎直方向的夾角 逐漸增大關(guān)于此過程，下列說法中正確的是（ ）A水平力 F保持不變 B水平力 F逐漸減小C OB的彈

7、力逐漸減小 D OB的彈力逐漸增大15 AO 和 連接于O 點(diǎn)，O 點(diǎn)的下方用細(xì)繩 O 點(diǎn)位置不動的情況下，調(diào)整細(xì)繩 的長度使懸點(diǎn) B在豎直墻壁上向下移動，此過程中繩AO 受到的拉力（ ）A逐漸增大 B逐漸減小C先增大后減小 D先減小后增大九牛頓第二定律（共 5小題）16關(guān)于牛頓運(yùn)動定律，下列選項(xiàng)正確的是（ ）A牛頓運(yùn)動定律都可以通過實(shí)驗(yàn)操作進(jìn)行驗(yàn)證B由牛頓第一定律可知，物體只有在不受力時才具有慣性C由牛頓第二定律可得到 1N1kgm/s2D由牛頓第三定律可知，相互作用力就是一對平衡力17客乘坐更為舒適，如圖所示。下列選項(xiàng)正確的是（ ）A當(dāng)此車勻速上坡時，乘客受到三個力的作用B當(dāng)此車勻速上坡時

8、，乘客受到兩個力的作用C當(dāng)此車加速上坡時，乘客受到向后的摩擦力作用D當(dāng)此車減速上坡時，乘客所受合力沿斜坡向上第5頁（共37頁）18的方向可能沿圖中的（ ）AOA 方向 BOB COC DOD 方向19如圖所示，一顧客乘扶梯上樓，隨電梯一起加速運(yùn)動。在這一過程中，關(guān)于顧客的受力分析正確的是（ ）A B C D20所示為一越野車通過掛鉤與房車連接，越野車質(zhì)量為 M，房車質(zhì)量為 。越野車行駛過程中發(fā)動機(jī)提供的牽引力為 1 2（ ）A兩車勻速行駛的過程中，越野車給房車的拉力等于 FB兩車加速行駛的過程中，越野車給房車的拉力等于 FC不管兩車勻速還是加速，越野車給房車的拉力都小于 FD兩車一起剎車時，越

9、野車與房車間的作用力一定為 0第6頁（共37頁）一十牛頓運(yùn)動定律的應(yīng)用超重和失重（共 2小題）21如圖是某同學(xué)站在壓力傳感器上做下蹲起立的動作時傳感器記錄的壓力隨時間變化的圖線，縱坐標(biāo)為壓力，橫坐標(biāo)為時間。由圖線可知，該同學(xué)的體重約為 ，除此以外，還可以得到以下信息（ ）A1s 時人處在下蹲的最低點(diǎn)B下蹲過程中人始終處于失重狀態(tài)C2s時人處于下蹲靜止?fàn)顟B(tài)D該同學(xué)做了 2次下蹲起立的動作22力。然后設(shè)法使鉤碼上下振動，手指保持靜止感受橡皮筋對手指壓力的變化。下列說法中正確的是（ ）A鉤碼下降過程，處于失重狀態(tài)B鉤碼上升過程，處于失重狀態(tài)C鉤碼下降和上升過程，都能出現(xiàn)失重現(xiàn)象D鉤碼由最低點(diǎn)上升到最

10、高點(diǎn)的過程，先出現(xiàn)超重現(xiàn)象，后出現(xiàn)失重現(xiàn)象一十一運(yùn)動的合成與分解（共 1小題）23二維運(yùn)動傳感器設(shè)計(jì)原理如圖甲所示，通過 B、2兩個接收器，計(jì)算機(jī)可以記錄各個時刻運(yùn)動物體 A A 的水平分速度大小 斜實(shí)線表示）隨時間變化的 vt圖象，如圖乙所示。根據(jù)題中信息（ ）A可以看出物體A 在豎直方向的分運(yùn)動是勻加速運(yùn)動B可以看出物體A 在水平方向的分運(yùn)動是勻速運(yùn)動C可以求出物體A 在豎直方向的加速度的大小D無法求出物體A 做平拋運(yùn)動初速度的大小第7頁（共37頁）一十二平拋運(yùn)動（共 2小題）24 h的坡上水平擊出一個質(zhì)量為 m對球水平方向的作用，球?qū)⒇Q直地落入距擊球點(diǎn)水平距離為 L 的 A 洞。已知重力

11、加速度大小為 g，則下列選項(xiàng)正確的是（ ）A球被擊出后做平拋運(yùn)動2B球從被擊出到落入A 洞所用的時間為 C球被擊出時的初速度大小為 2D球被擊出后受到的水平作用力大小為25如圖所示，某同學(xué)練習(xí)定點(diǎn)投籃，其中有兩次籃球垂直撞在豎直籃板上，籃球的軌跡分別如圖中曲線 12 所示。若兩次拋出籃球的速度 1 和 2 的水平分量分別為 和 v2x，豎直分量分別為 v 和 2y，不計(jì)空氣阻力，下列關(guān)系正確的是（ ）Av1xv2x，1yv B1xv，1yvC1xv，1yv Dv1xv2x，1yv一十三線速度、角速度和周期、轉(zhuǎn)速（共 1小題）26光信號，并將其輸入計(jì)算機(jī)，經(jīng)處理后畫出光信號強(qiáng)度 I 隨時間 t

12、變化的圖象，如圖乙所示，圖中1.0 3s ， 2 0.8 10 3s 。 根 據(jù) 上 述 信 息 推 斷 ， 下 列 選 項(xiàng) 正 確 的 是 （ ）A圓盤在做加速轉(zhuǎn)動B圓盤的角速度 C激光器與傳感器一起沿半徑向圓心運(yùn)動D圖乙中30.67103s第8頁（共37頁）一十四向心力（共 3小題）27 l m為 ，如圖所示。已知重力加速度大小為 g，空氣阻力忽略不計(jì)。下列選項(xiàng)正確的是（ ）A小球受到重力、拉力和向心力的作用B小球的向心加速度大小為 agsinC小球圓周運(yùn)動的周期為 2D某時刻剪斷擺線，小球?qū)⒆銎綊佭\(yùn)動28 F拉著一物體在水平面上繞著O F 和摩擦力 f的受力示意圖，下列四個圖中可能正確的

13、是（ ）A B C D29如圖 1ab a和 0的關(guān)系為ab轉(zhuǎn)并不斷增大轉(zhuǎn)速的過程中，下列說法中不正確的是（ ）A細(xì)胞a 的“模擬重力勢能”變小，細(xì)胞 b 的“模擬重力勢能”變大B細(xì)胞a 相對試管向內(nèi)側(cè)運(yùn)動，細(xì)胞 b 相對試管向外側(cè)運(yùn)動C這種離心分離器“模擬重力”對應(yīng)的“重力加速度”沿轉(zhuǎn)動半徑方向向外側(cè)逐漸變大D 2第9頁（共37頁）一十五生活中的圓周運(yùn)動豎直平面內(nèi)的圓周運(yùn)動（共 1小題）30MN為圓心O 所在的水平面，一直徑略小于管徑的小球能在管中做圓周運(yùn)動。關(guān)于小球下列說法正確的是（ ）A小球通過最高點(diǎn)時的加速度不可能小于 gB小球在運(yùn)動過程中所受合力的方向始終指向圓心C小球在 以下時，內(nèi)

14、軌對小球一定沒有作用力D小球在 以上時，外軌對小球一定沒有作用力一十六萬有引力定律的應(yīng)用（共 2小題）312019年 1月 3 M 點(diǎn)時變軌進(jìn)入距離月球表面 的圓形軌道，然后在軌道上經(jīng)過 P 點(diǎn)時再次變軌進(jìn)入橢圓軌道，最后成功著陸月球背面的著陸區(qū)。下列說法正確的是（ ）AB探測器在軌道上做的是勻速率橢圓運(yùn)動C探測器在軌道經(jīng)過P 時的加速度小于在軌道經(jīng)過 P點(diǎn)時的加速度D探測器沿軌道運(yùn)動過程中，一直處于完全失重狀態(tài)322020 年 7 月 23 日，我國首個獨(dú)立火星探測器“天問一號”搭乘長征五號遙四運(yùn)載火箭，從文昌航天發(fā)射場成 1 1功升空。已知火星的直徑約為地球的 ，質(zhì)量約為地球的 ，下列說法

15、正確的是（ ） 2 A火星表面的重力加速度小于 9.8m/s2B探測器在火星表面所受重力等于在地球表面所受重力C探測器在火星表面附近的環(huán)繞速度等于 7.9km/sD火星的第一宇宙速度大于地球的第一宇宙速度第10頁（共37頁）一十七人造衛(wèi)星（共 4小題）332020 年 7 月 23 日 時 分，我國在海南文昌航天發(fā)射場用長征五號遙四運(yùn)載火箭將“天問一號”火星探測均可視為勻速圓周運(yùn)動。某一時刻，火星會運(yùn)動到日地連線的延長線上，如圖所示。下列選項(xiàng)正確的是（ ）ABC火星的公轉(zhuǎn)周期大于地球的公轉(zhuǎn)周期D從圖示時刻再經(jīng)過半年的時間，太陽、地球、火星再次共線34中國計(jì)劃 2020 年左右建成覆蓋全球的北斗

16、衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)。北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)由 5 顆靜止軌道衛(wèi)星（離地高度約 36000km、27顆中地球軌道衛(wèi)星（離地高度約21000km）及其它軌道衛(wèi)星共 顆組成。則（ ）A靜止軌道衛(wèi)星指相對地表靜止，它可定位在北京正上空B中地球軌道衛(wèi)星比同步衛(wèi)星線速度大C中地球軌道衛(wèi)星周期大于 24小時D靜止軌道衛(wèi)星的發(fā)射速度小于第一宇宙速度352020 運(yùn)動到達(dá)軌道的 A 點(diǎn)時點(diǎn)火變軌進(jìn)入橢圓軌道，到達(dá)軌道的近月點(diǎn) B 時，再次點(diǎn)火進(jìn)入近月軌道繞月做圓周運(yùn)動，下列說法正確的是（ ）A飛船在軌道上運(yùn)行的周期大于軌道上運(yùn)行的周期B飛船在軌道的運(yùn)行速率大于軌道上的運(yùn)行速率C飛船在軌道上經(jīng)過A 點(diǎn)的加速度小于在軌道上經(jīng)過

17、 A 點(diǎn)的加速度D飛船在軌道上經(jīng)過A 點(diǎn)的運(yùn)行速率小于飛船在軌道上經(jīng)過 A 點(diǎn)的運(yùn)行速率第11頁（共37頁）362020年 6月 23 星座部署全面完成。北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)由不同軌道的衛(wèi)星構(gòu)成，其中北斗導(dǎo)航系統(tǒng)第 41 顆衛(wèi)星為地球同步軌道 4.27m 24h。常量G6.6710 N2/kg2。下列說法中正確的是（ ）A兩種同步衛(wèi)星的軌道半徑大小相等B兩種同步衛(wèi)星的運(yùn)行速度都小于第一宇宙速度C根據(jù)題目數(shù)據(jù)可估算出地球的平均密度D地球同步軌道衛(wèi)星的向心加速度大小大于赤道上隨地球一起自轉(zhuǎn)的物體的向心加速度大小一十八功率、平均功率和瞬時功率（共 1小題）37 ）A灑水車的動能保持不變B灑水車受到的牽引

18、力大小保持不變C灑水車發(fā)動機(jī)的功率保持不變D灑水車發(fā)動機(jī)的功率隨時間均勻減小一十九機(jī)械能守恒定律（共 1小題）38如圖所示，不可伸長的輕質(zhì)細(xì)繩的一端固定于 O 點(diǎn)，另一端系一個小球，在 O 點(diǎn)的正下方釘一個釘子 A球從右側(cè)某一高度，由靜止釋放后擺下，不計(jì)空氣阻力和細(xì)繩與釘子相碰時的能量損失。下列說法中正確的是（ ）A小球擺動過程中，所受合力大小保持不變B小球在左側(cè)所能達(dá)到的最大高度可能大于在右側(cè)釋放時的高度C當(dāng)細(xì)繩與釘子碰后的瞬間，小球的向心加速度突然變小D釘子的位置越靠近小球，在細(xì)繩與釘子相碰時繩就越容易斷第12頁（共37頁）二十功能關(guān)系（共 6小題）39在某星球表面將一輕彈簧豎直固定在水平

19、面上，把質(zhì)量為 m 的小球 （可視為質(zhì)點(diǎn)）從彈簧上端由靜止釋放，小球沿豎直方向向下運(yùn)動，小球的加速度 a 與彈簧壓縮量 x 間的關(guān)系如圖所示，其中 0 和 0 法中正確的是（ ）A當(dāng)彈簧壓縮量為 0 時，小球 P的速度為零B小球向下運(yùn)動至速度為零時所受彈簧彈力大小為ma00C彈簧勁度系數(shù)為201D當(dāng)彈簧壓縮量為 0 時，彈簧的彈性勢能為 ma00240滑雪運(yùn)動員沿斜坡滑道下滑了一段距離，重力對他做功 1000J，他克服阻力做功 100J。此過程關(guān)于運(yùn)動員的說法，下列選項(xiàng)正確的是（ ）A重力勢能減少了 900J B動能增加了 C機(jī)械能增加了 1000J D機(jī)械能減少了100J410 時刻，將一金

20、屬小球從彈簧正上方某一高度處由過安裝在彈簧下端的壓力傳感器，測出這一過程彈簧彈力 F隨時間 t 變化的圖象如圖（乙）所示，則（ ）A1 時刻小球動能最大B2 時刻小球動能最大C3 這段時間內(nèi)，小球的動能先增加后減少D23 這段時間內(nèi)，小球增加的動能等于彈簧減少的彈性勢能第13頁（共37頁）42 v m 的木炭包 t 程中（ ）A黑色的徑跡將出現(xiàn)在木炭包的左側(cè)12B摩擦力對物體做的功為2mvC木炭包與皮帶間由于摩擦而產(chǎn)生的熱量為 mv2D木炭包在傳送帶上加速時，電動機(jī)需要額外增加的功率為43 m的煤塊從A 端運(yùn)送到 B AB 之間的距離為Lv 勻速運(yùn)動，煤塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為 。將煤塊輕輕

21、放在傳送帶上后，煤塊在傳送帶上留下一段長度為（L）的痕跡。下列說法不正確的是（ ）A摩擦力對煤塊做的功為 （L+l）B摩擦力對煤塊做的功為 mglC煤塊與傳送帶因摩擦產(chǎn)生的熱量為 mgl1D煤塊與傳送帶因摩擦產(chǎn)生的熱量為mv2244勢能零勢能面，不計(jì)空氣阻力。圖中可能正確反映物塊從向上滑動到返回底端的過程中，其動能 kEp、機(jī)械能E 隨物塊滑動路程 x變化關(guān)系的是（ ）A BC D第14頁（共37頁）二十一動量定理（共 4小題）45彈性繩剛好被拉直到運(yùn)動員下落至最低點(diǎn)為第二階段。不計(jì)空氣阻力。下列說法正確的是（ ）A第一階段重力的沖量和第二階段彈力的沖量大小相等B第一階段重力的沖量和第二階段合

22、力的沖量大小相等C第一、第二階段重力的總沖量大于第二階段彈力的沖量D第一階段運(yùn)動員的速度不斷增大，第二階段運(yùn)動員的速度不斷減小46是（ ）A快速抽出時，棋子的慣性小，位移較小B快速抽出時，棋子受的摩擦力小，位移較小C快速抽出時，棋子的動量變化量較小，位移較小D快速抽出時，棋子的動量變化率較小，位移較小47列說法正確的是（ ）A小球通過最高點(diǎn)時一定受到桿的拉力B小球通過最低點(diǎn)時一定受到桿的拉力C小球轉(zhuǎn)動過程中機(jī)械能守恒D小球轉(zhuǎn)動一圈的過程中重力的沖量為 0第15頁（共37頁）48 B 位置現(xiàn)用手托重物使之緩慢上升至 A 位置，此時彈簧長度恢復(fù)至原長之后放手，使重物從靜止開始下落，沿豎直方向在 A

23、 位置和 C 位置（圖中未畫出）之間做往復(fù)運(yùn)動重物運(yùn)動過程中彈簧始終處于彈性限度內(nèi)關(guān)于上述過程 ）A重物在 C 位置時，其加速度的大小等于當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊闹礏在重物從A 位置下落到 C 位置的過程中，重力的沖量大于彈簧彈力的沖量C在手托重物從B 位置緩慢上升到 A 位置的過程中，手對重物所做的功等于重物往復(fù)運(yùn)動過程中所具有的最大動能D在重物從A 位置到B位置和從B 位置到C位置的兩個過程中，彈簧彈力對重物所做功之比是 14二十二動量守恒定律（共 3小題）49 A 物塊 B 沿水平方向與 A 相撞，碰撞前 B 的速度大小為 ，碰撞后二者粘在一起，并擺起一個較小角度。已知 A和 B的質(zhì)量分別為 A

24、和mB ）AB與A 碰撞過程滿足動量守恒、機(jī)械能守恒BB與 A 碰撞前后輕繩的拉力大小不變C碰撞后 AB一起上升的最大高度與輕繩的長度有關(guān)D碰撞后 AB一起上升的最大高度為 =2222(+)50 PQ 靜止在粗糙水平面上，一根輕彈簧一端與滑塊 Q 長狀態(tài)?，F(xiàn)使滑塊 P 以初速度 0向右運(yùn)動，與滑塊 Q Q 的質(zhì)量分別為 2m和 m，它們與水平面間的動摩擦因數(shù)不相等。下列說法中正確的是（ ）A兩滑塊發(fā)生碰撞的過程中，其動量和機(jī)械能均守恒B兩滑塊分離時，彈簧一定不處于原長狀態(tài)C滑塊P 最終一定停在出發(fā)點(diǎn)右側(cè)的某一位置D整個過程中，兩滑塊克服摩擦力做功的和為2第16頁（共37頁）51 A 和 B用不

25、可伸長的輕細(xì)線把它們系在一起。如圖乙所示，讓 B 緊靠墻壁，其他條件與圖甲相同。燒斷細(xì)線后，下列說法中正確的是（ ）A當(dāng)彈簧的壓縮量減小到原來一半時，甲圖中小車A 和 B 組成的系統(tǒng)的動量為零B當(dāng)彈簧的壓縮量減小到原來一半時，乙圖中小車A 和 B組成的系統(tǒng)的動量為零C當(dāng)彈簧恢復(fù)原長時，乙圖中 A 車速度是甲圖中A 車速度的 2倍D從燒斷細(xì)線到彈簧恢復(fù)原長的過程中，乙圖中彈簧對 B 車的沖量是甲圖中彈簧對B 車的沖量的2倍二十三橫波的圖像（共3 小題）52 N （ ）A該橫波沿x 軸正方向傳播B質(zhì)點(diǎn)L 該時刻向 y軸負(fù)方向運(yùn)動C質(zhì)點(diǎn)N 經(jīng)半個周期將沿 x 軸正方向移動D該時刻質(zhì)點(diǎn)K 與M 的速度

26、、加速度都相同53 x 0 P正沿y 軸正方向運(yùn)動，則 x0 處的質(zhì)點(diǎn)的振動圖像是下列四張圖中的（ ）A BC D第17頁（共37頁）54如圖所示為一列沿 x 軸正向傳播的簡譜橫波在某一時刻的圖像，已知波的傳播速度 2.0m/s，關(guān)于圖像中 a、b 兩處的質(zhì)點(diǎn)，下列說法中正確的是（ ）A圖像中 a處的質(zhì)點(diǎn)此時具有沿 y 軸負(fù)方向的最大速度B圖像中 a處的質(zhì)點(diǎn)再經(jīng) 0.1s時具有沿y 軸正向最大加速度C圖像中 a處的質(zhì)點(diǎn)再經(jīng) 1.5s具有最大動能D在波的形成過程中，a處的質(zhì)點(diǎn)振動 0.15sb 處的質(zhì)點(diǎn)開始振動二十四波長、頻率和波速的關(guān)系（共 1小題）55 O周期是 OP的平衡位置間距為L0 O

27、 P 離開平衡位置的位移恰好為零，振動方向豎直向上。若該波可以看作是簡諧波，下列判斷正確的是（ ）A該波是縱波B該波的最大波長為 C=38T 時，P 的振動方向豎直向下D若手上下振動加快，該簡諧波的波長將變大二十五物理學(xué)史（共 1小題）56下列陳述與事實(shí)相符的是（ ）AB牛頓測定了萬有引力常量C安培發(fā)現(xiàn)了靜電荷間的相互作用規(guī)律D法拉第不僅提出“場”的概念，而且直觀地用“場線”描繪電場和磁場第18頁（共37頁）二十六庫侖定律（共 1小題）57真空中電荷量為 Q 的點(diǎn)電荷周圍存在電場，根據(jù)電場強(qiáng)度的定義式 =可推導(dǎo)出點(diǎn)電荷周圍某點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小 = （kr M 2寫出該質(zhì)點(diǎn)周圍某點(diǎn)的引力場強(qiáng)度大小

28、為引 = 2（G 為引力常量，r 單位是（ ）Akg/m Bkg/m2 CN/kg DN/kg2二十七電場線（共 1小題）58如圖所示，是某區(qū)域的電場線分布，AB 是電場中的三個點(diǎn)，一個負(fù)點(diǎn)電荷 Q（不計(jì)重力）在外力 F 作用下從 A 點(diǎn)沿軌跡運(yùn)動到 B點(diǎn)過程中電場力做功為 運(yùn)動到B點(diǎn)過程中電場力做功為 正確的是（ ）A這可能是一個正點(diǎn)電荷激發(fā)的電場B負(fù)點(diǎn)電荷Q 在A 點(diǎn)電勢能大于在 B點(diǎn)電勢能C由于軌跡比軌跡處平均場強(qiáng)較大，所以 1W2D若無外力F A 點(diǎn)由靜止釋放的負(fù)點(diǎn)電荷Q，它將沿著所在的電場線運(yùn)動到 B點(diǎn)二十八驗(yàn)證力的平行四邊形定則（共 1小題）59 A 小圓環(huán)；輕質(zhì)細(xì)繩OB 和OC端

29、系在小圓環(huán)上，另一端分別系在彈簧測力計(jì)的掛鉤上。現(xiàn)用彈簧測力計(jì)通過細(xì)繩拉動小圓環(huán)，使橡皮條沿平行木板平面伸長至 O 位置。圖乙為該實(shí)驗(yàn)所做的力的圖示，其中 12甲中彈簧測力計(jì)拉 OB、OC 繩的拉力的圖示。對于上述驗(yàn)證力的平行四邊形定則的實(shí)驗(yàn)過程，下列說法中正確的是（ ）A只需記錄彈簧測力計(jì)的示數(shù)BOB 和OC 繩的長度越短測量的誤差越小C只需記錄OB 和OC 繩的長度和彈簧測力計(jì)拉力方向D圖乙中 表示理論推導(dǎo)出的合力，F(xiàn)表示實(shí)驗(yàn)測量出的合力第19頁（共37頁）二十九探究平拋運(yùn)動的特點(diǎn)（共 1小題）60 A 和BA B球被松開，自由下落。不計(jì)空氣阻力，下列說法正確的是（ ）A兩球落地時的速度大

30、小相同B從開始運(yùn)動至落地，兩小球動能的變化量相同C從開始運(yùn)動至落地，重力對 A 球做功較多D從開始運(yùn)動至落地，重力對 A 小球做功的平均功率較小第20頁（共37頁）2020-2021 參考答案與試題解析一勻變速直線運(yùn)動規(guī)律的綜合運(yùn)用（共 1小題）1【解答】解：A、由題可知，汽車以不同速度行駛時制動的加速度 a 大小都相同，剎車結(jié)束汽車的末速度為零，汽車的剎車距離 =0，初速度 0增加一倍，汽車的剎車距離 x 增加為 4 倍，反應(yīng)距離為原來的 2 倍，制動距2離增加量大于 2倍，故A 錯誤；B、駕駛員酒后反應(yīng)時間比較正常情況下多的時間= =15.07.5 15s0.5s，故B 正確； 15m/s

31、 22.5m7.5m剎車時的加速度大小 =22 =21527.5m/s，故C正確；215m/sD t =15.0 15s1s 025m/s x 酒后反應(yīng)0t 酒后反應(yīng)25mx=02 =225m41.67m xx酒后反應(yīng)+x剎車25m+41.67m66.67m60m，酒后駕駛不能安全停車，故D 正確。本題選錯誤的，故選：A。二v-t 圖像（共 2小題）2【解答】解：A、02s內(nèi)速度圖象在時間軸的上方，都為正，速度方向沒有改變。故 A 錯誤；B vt圖象中，斜率代表加速度，3s內(nèi)斜率不變，故加速度不變，故B 錯誤；C、根據(jù)“面積”表示位移可知，0 內(nèi)的位移為：x=1222m2m C錯誤；D、根據(jù)“

32、面積”表示位移可知，1s 內(nèi)的位移為：=1221m1m， 內(nèi)的位移為：x=12221221m1m，所以第 1秒末和第 3 秒末的位置相同，故D 正確；故選：D。3【解答】解：A、由圖象可知，4s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)的速度不變，所以質(zhì)點(diǎn)做勻速直線運(yùn)動，故A 錯誤；B、質(zhì)點(diǎn)在 3s末的速度：=2+02 / 1m/s，故 B正確；C、質(zhì)點(diǎn)在 24s 內(nèi)，圖象斜率為負(fù)值，質(zhì)點(diǎn)的加速度大小不變，方向與運(yùn)動方向相反，故C 錯誤；D04s 內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)通過的位移等于圖象與 t 軸圍成的面積，所以質(zhì)點(diǎn)通過的位移：xS =(2+4)2 2m6m，故 D 錯誤。故選：。三自由落體運(yùn)動（共 2小題）4【解答】解：A、自由落體運(yùn)動是

33、初速度為零的勻加速直線運(yùn)動，故 A 正確；B第21頁（共37頁）拋運(yùn)動而不做自由落體運(yùn)動，故 B錯誤；C、設(shè)物體下落的高度為 ，做自由落體運(yùn)動的物體落地速度 = 2，落地速度由 、h 決定，與物體的質(zhì)量無關(guān)，故C 錯誤；D、物體做自由落體運(yùn)動時受重力作用，故D 故選：A。5【解答】解：AB、鐵片先落到底端，下落的時間小于羽毛下落的時間，根據(jù) h=12可知，鐵片下落時的加速2度大于羽毛下落的加速度，根據(jù)牛頓第二定律可知mgf，解得 f，由于鐵片和羽毛的質(zhì)量未知，故無法判斷受到的阻力大小，故A 錯誤，B正確；C、根據(jù) 2ah可得，鐵片下落到底端的速度大于羽毛的速度，故 C錯誤；D、抽氣后，兩者均做

34、自由落體運(yùn)動，根據(jù) =12知，下落的時間相同，故 D 錯誤；2故選：。四摩擦力的判斷和計(jì)算（共 1小題）6【解答】AB加F AB1400N/m0.01m4N；A 木塊與地面間的最大靜摩擦力 fAmGA0.2050N10N；施加 的 F之后，木塊A 所受摩擦力仍為靜摩擦力，大小為 fA14N，方向水平向右，故AB 錯誤；CDB 木塊與地面間的最大靜摩擦力 fBmG0.2060N；施加F 后，對木塊B F+F1Bm；木塊B 受摩擦力仍為靜摩擦力，其大小 f12N+4N，方向水平向左，故 正確。故選：CD。五力的合成（共 2小題）7【解答】解：對結(jié)點(diǎn)O 受力分析如圖：現(xiàn)將細(xì)繩 的懸點(diǎn)緩慢地向 O2O

35、，移動過程中，分別畫出平行四邊形，從平行四邊形中我們可以看出：F1一直在變大，2先變小后變大，根據(jù)共點(diǎn)力平衡的條件可知，12的合力F 等于重物的重力，保持不變，故 錯誤，D 正確。第22頁（共37頁）故選：D。8AB 性可知，兩人對水桶的拉力大小相等，則根據(jù)平衡條件得：2FcosG得：=；A 錯誤，B正確；CD、兩個力間的夾角變大，F(xiàn)1、2的合力大小等于水桶的重力，保持不變，故 C錯誤，D 正確；故選：BD。六矢量和標(biāo)量（共 1小題）9【解答】解：ACD、動能、功率、路程只有大小沒有方向，運(yùn)算遵循代數(shù)運(yùn)算法則，都是標(biāo)量，故ACD 錯誤；B、加速度既有大小又有方向，運(yùn)算時遵循平行四邊形定則，則加

36、速度是矢量，故B 正確；故選：。七一般情況下的共點(diǎn)力平衡（共 4小題）10AB m 小為：mgsin，木塊受到的支持力為：Nmgcos，根據(jù)牛頓第三定律可得木塊對斜面體的壓力大小是 mgcos AB 錯誤；CD FNM+mg，靜摩擦力為零，故C 正確、D 錯誤。故選：?！窘獯稹?B為研究對象，作出受力分析圖，如圖所示：根據(jù)平衡條件，物體 B受到的摩擦力：fFcos，第23頁（共37頁）物體B 受到的支持力：FNmBFsin又 FmA，解得：fmagcos，F(xiàn)NBmagsin B正確，ACD 錯誤。故選：。12【解答】解：設(shè)滑輪所在的位置為D C、對物體 A 受力分析，受到重力和細(xì)線的拉力，根據(jù)

37、平衡條件，拉力等于物體 A 的重力，當(dāng)把物體 B 移至 C點(diǎn)后，DB 的繩子與水平方向的夾角變小，但細(xì)線的拉力仍等于A 的重力，保持不變，故 C錯誤；AB、對物體 B受力分析，受重力、支持力、拉力和向后的靜摩擦力，如圖：根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，有：Nmg，由于角 變小，則支持力增大，根據(jù)牛頓第三定律可得 B 平面的壓力增大；f，由于角 變小，故 B與水平面間的靜摩擦力變大，故A 錯誤、B 正確；D、對滑輪受力分析，受 DADB 繩子的拉力以及懸于墻上的繩子的拉力 ，由于 DADB 繩子的拉力相等且夾角變大，故其合力變小，故墻上的繩子的拉力F也變小，故D 錯誤。故選：。13【解答】解：對物體的受力分

38、析如圖所示；根據(jù)平衡條件可得：FcosN+Fsin解得物塊受到的支持力大小為NFsin，物塊受到的靜摩擦力 fFcos，故D 正確， 錯誤。故選：D。八動態(tài)平衡分析（共 2小題）第24頁（共37頁）14【解答】AB、設(shè)細(xì)繩與水平方向的夾角為，物體的質(zhì)量為 m O 受力分析，運(yùn)用合成法，則由平衡條件得：F=， 減小，則F 增大。故 AB 錯誤；CD T = T B C錯誤、D 正確。故選：D。15【解答】解：對結(jié)點(diǎn)O 受力分析如圖：FCO始終等于重力，不變，現(xiàn)將細(xì)繩 的懸點(diǎn)緩慢地向 B123移動過程中，分別畫出平行四邊形：1點(diǎn)對應(yīng)紅色的力，2點(diǎn)對應(yīng)綠色的力，3點(diǎn)對應(yīng)藍(lán)色的力，從平行四邊形中我們可

39、以看出：FAO一直在逐漸增大，故A 正確，BCD 錯誤。故選：A。九牛頓第二定律（共 5小題）16【解答】A、牛頓第一定律不能通過實(shí)驗(yàn)操作進(jìn)行驗(yàn)證，故A 錯誤；B、慣性是物體的固有屬性，物體的慣性與是否受力無關(guān)，物體受力時仍具有慣性，故 B 錯誤；C、由牛頓第二定律可知：Fma，則由牛頓第二定律可得到 1kgm/s2 C正確；D、相互作用力作用在不同的物體上，不是一對平衡力，一對平衡力作用在同一物體上，故 D 錯誤。故選：。17【解答】AB、當(dāng)此車勻速上坡時，乘客處于平衡狀態(tài)，乘客受到豎直向下的重力與座椅豎直向上的支持力兩個力的作用，故A 錯誤，B 正確；C、當(dāng)此車加速上坡時，乘客的加速度方向

40、沿斜坡向上，乘客受到豎直向下的重力、豎直向上的支持力與水平向第25頁（共37頁）前的摩擦力作用，故 C錯誤；DD 錯誤。故選：。18【解答】解：小球和小車的加速度相同，所以小球在重力和桿的作用力兩個力的作用下也沿水平向右的方向加速運(yùn)動，加速度水平向右，根據(jù)牛頓第二定律 Fma 可知，加速度的方向與合力的方向相同，合力水平向右，即合力沿圖中的 OD 方向，根據(jù)力的合成的平行四邊形定則可知，直桿對小球的作用力可能沿 OC 方向，故 C正確， 錯誤。故選：。19【解答】解：當(dāng)扶梯加速上升時，可以確定人受重力、支持力，至于靜摩擦力的方向，可將加速度分解，物體應(yīng)有水平向右的加速度，故扶梯應(yīng)對人有平行于接

41、觸面向右的摩擦力，故C正確， 錯誤。故選：。20【解答】ABC、當(dāng)兩車勻速行駛時，對于房車根據(jù)平衡條件得越野車給房車的拉力 2對于越野車和房車整體，根據(jù)平衡條件得 f+f，所以有 FF；當(dāng)兩車加速行駛時設(shè)加速度為 ，對于房車根據(jù)牛頓第二定律得 Ffma，解得越野車給房車的拉力 Ff+ma對于越野車和房車整體，根據(jù)牛頓第二定律得 f12（M+m），所以有 ，綜上可知：不管兩車勻速還是加速，越野車給房車的拉力都小于 AB 錯誤，C 正確；D、兩車一起剎車時設(shè)加速度為 a，對整體據(jù)牛頓第二定律可得 f1+f（M+m）1對房車據(jù)牛頓第二定律可得 f+N1，聯(lián)立解得兩車間的作用力 =12 +，只有當(dāng) 1

42、2 時兩車間的彈力才為零，故 D 錯誤。故選：。一十牛頓運(yùn)動定律的應(yīng)用超重和失重（共 2小題）21【解答】AB、人下蹲動作分別有失重和超重兩個過程，先是加速下降失重，到達(dá)一個最大速度后再減速下降超重對應(yīng)先失重再超重，到達(dá)最低點(diǎn)后處于平衡狀態(tài)，由圖可知，1s時人仍然加速下降，故 AB 錯誤；C、人下蹲動作分別有失重和超重兩個過程，先是加速下降失重，到達(dá)一個最大速度后再減速下降超重對應(yīng)先失重再超重，到達(dá)最低點(diǎn)后處于平衡狀態(tài)，所以在 2s 時刻人處于下蹲靜止?fàn)顟B(tài)，故 C 正確；D重再超重，起立對應(yīng)先超重再失重，對應(yīng)圖象可知，該同學(xué)做了一次下蹲起立的動作，故D 錯誤。故選：。22【解答】解：ABC、鉤

43、碼在最低點(diǎn)和最高點(diǎn)之間有一個受力平衡點(diǎn)，在最低點(diǎn)與平衡點(diǎn)之間，橡皮筋向上的彈第26頁（共37頁）運(yùn)動的方向沒有關(guān)系，所以鉤碼下降和上升過程都能出現(xiàn)失重或超重現(xiàn)象，故 AB 錯誤，C正確；鉤碼由最低點(diǎn)上升到最高點(diǎn)的過程，合力先向上，然后為零，再向下，所以先出現(xiàn)超重現(xiàn)象，后出現(xiàn)失重現(xiàn)象，故 D 正確。故選：CD。一十一運(yùn)動的合成與分解（共 1小題）23【解答】A、t 圖象斜率對應(yīng)加速度，由斜實(shí)線可知物體豎直方向的加速度不變，所以物體 A 在豎直方向的分運(yùn)動是勻加速運(yùn)動，故A 正確；B、由虛線可知物體A 在水平方向速度不變，所以物體A 在水平方向的分運(yùn)動是勻速運(yùn)動，故B C、t 圖象斜率對應(yīng)加速度，

44、則 =，故C 正確；D、平拋運(yùn)動初速度為虛線對應(yīng)的速度，故D 故選：ABC。一十二平拋運(yùn)動（共 2小題）24【解答】A、小球擊出后，受重力和空氣作用，不是平拋運(yùn)動，故A 錯誤；B、小球在豎直方向上做自由落體運(yùn)動，根據(jù) =12，解得球從擊出到落入 A 洞用時：= 22gt ，故B正確； 2gt ，故B正確；C、在水平方向上做勻減速直線運(yùn)動，根據(jù)平均速度公式可知，=02 ，解得：=2 2 = ，故 C錯誤； = ，故 C錯誤；D、根據(jù)加速度定義可知，水平方向勻減速直線運(yùn)動的加速度大小為：=0 = ，根據(jù)牛頓第二定律得，空氣的作用力為：= ，故D 錯誤。故選：。25【解答】解：將籃球的運(yùn)動反向處理，

45、即為平拋運(yùn)動，由圖可知，第二次運(yùn)動過程中的高度較小，所以運(yùn)動時間較短，水平射程相等，但第二次用的時間較短，故第二次水平分速度較大，即：v1xv2x； 22gh小，即：1yv2y A 正確， 錯誤。故選：A。一十三線速度、角速度和周期、轉(zhuǎn)速（共 1小題）26【解答】AB、由圖象可知轉(zhuǎn)盤的轉(zhuǎn)動周期 T1.0s0.2s0.8s，保持不變，所以圓盤做勻速圓周運(yùn)動，故角速度為 2 =20.8rad/s2.5，故AB 錯誤；C、由于電脈沖信號寬度在逐漸變窄，表明光能通過狹縫的時間逐漸減少，即圓盤上對應(yīng)探測器所在位置的線速度逐漸增加，因此激光器和探測器沿半徑由中心向邊緣移動，故C 錯誤；D0.2s時刻的線速

46、度：=1=r1.0s時刻的線速度：= =r21.8s 時刻的線速度：v=2 3=r3，由于沿圓盤半徑方向勻速移動，所以有：21r，解得：30.67 3s D 正確。第27頁（共37頁）故選：D。一十四向心力（共 3小題）27【解答】解：對小球受力分析如圖所示：A到向心力，故A 錯誤；B、根據(jù)牛頓第二定律得：mgtan，得：agtan，故B錯誤；42 2C、根據(jù)牛頓第二定律得：mgtanm ，解得小球圓周運(yùn)動的周期T ，故C錯誤；D 某時刻剪斷細(xì)線，小球只受重力的作用，有水平方向的速度，所以小球做平拋運(yùn)動，故D 正確；故選：D。28【解答】解：物體做勻速圓周運(yùn)動，則合外力應(yīng)指向圓心，由于物體受到

47、摩擦力，故合外力為拉力與摩擦力的合力，即二者的合力指向圓心；由圖可知，拉力與摩擦力的合力指向圓心的只有C C 正確，ABD 錯誤。故選：。29【解答】解：、轉(zhuǎn)動時細(xì)胞需要向心力 mr2 ，r 相同，則質(zhì)量大的即密度大的所需要的向心力大， b a 相對試管向內(nèi)側(cè)運(yùn)動，故 B正確；A b 勢能”變小，細(xì)胞 a A 錯誤；C r半徑不斷增大，故C D 2這種航天器的環(huán)形艙中，因?yàn)椤澳M重力”始終指向圓心方向，所以“水平面”是環(huán)形的，故 D 本題選擇不正確的，故選：A。一十五生活中的圓周運(yùn)動豎直平面內(nèi)的圓周運(yùn)動（共 1小題）30A向上的力等于 mg時，小球的向心力等于 0N，向心加速度也為 0 A B

48、、當(dāng)小球在M 點(diǎn)時，小球受到向下的重力，向右的彈力指向圓心，所以合力方向不指向圓心，故B錯誤；第28頁（共37頁）C 無法繼續(xù)做圓周運(yùn)動，故C 正確；D ，重力不足以提供向心力，就需要外側(cè)軌道給小球一個力，故D 錯誤；故選：。一十六萬有引力定律的應(yīng)用（共 2小題）31【解答】解：A大于第一宇宙速度（7.9km/s A 錯誤；B在軌道上不可能做勻速率橢圓運(yùn)動，故 B錯誤； 2C、根據(jù)牛頓第二定律可得=ma = 2，探測器在軌道經(jīng)過 P 時的加速度等于在軌道經(jīng)過 P點(diǎn)時的加速度，故 C錯誤；D D 正確。故選：D。32【解答】AB、在地球表面，由重力等于萬有引力，即 =2 得地球表面重力加速度 =

49、2 9.8m/s2，同理：在火星表面重力加速度 =2則有 =22=12 ( ) 2 =2 =125，所以火星表面的重力加速度小于 9.8m/s2，探測器在火星表面所受重力小于在地球表面所受重力，故A 正確，B錯誤； 2CD、探測器在地球表面附近繞地球做勻速圓周運(yùn)動，萬有引力提供向心力=2 ，解得環(huán)繞速度 v= = = 1 = 2=5 5 7.9km/s，故 錯誤。故選：A。一十七人造衛(wèi)星（共 4小題）33【解答】A A 錯誤； 2B、根據(jù)萬有引力提供向心力可知，=m2r = ，地球的軌道半徑小，角速度大，圖3 B錯誤；3C2= 第29頁（共37頁）C 正確；D的對稱點(diǎn)，此時太陽、地球、火星不能

50、再次共線，故D 錯誤。故選：。34A A錯誤；B地心更近，故中地球軌道衛(wèi)星比同步衛(wèi)星衛(wèi)星速度更快，故B 正確；C、衛(wèi)星的軌道半徑越大，周期越大，所以中地球軌道衛(wèi)星的運(yùn)行周期小于地球同步衛(wèi)星運(yùn)行周期，小于 24 小時，故 C錯誤；D、第一宇宙速度 7.9km/s 是衛(wèi)星繞地球圓周運(yùn)動的最大速度，是衛(wèi)星發(fā)射的最小速度，所以靜止軌道衛(wèi)星的發(fā)射速度要大于第一宇宙速度，故 D 錯誤。故選：。 235【解答】AB、根據(jù)萬有引力提供向心力42 2= =23 ，線速度 = 得：周期 = 由于 rr，所以 TT，vv A 正確，B錯誤；C、飛船運(yùn)動的過程中萬有引力產(chǎn)生加速度，根據(jù)牛頓第二定律有2= = 2 r

51、相等則加速度相等，故C 錯誤；D I II，所以飛船在軌道上經(jīng)過A 點(diǎn)的運(yùn)行速率大于飛船在軌道上經(jīng)過 A 點(diǎn)的運(yùn)行速率，故 D 錯誤。故選：A。36【解答】A、同步衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動，根據(jù)萬有引力提供向心力，有：2 42=m r 22 3r= ，同步衛(wèi)星的周期與地球自轉(zhuǎn)周期相同，所以兩種同步衛(wèi)星的軌道半徑大小相等，故A 正確；2B于第一宇宙速度，故 B正確； 2C、已知同步衛(wèi)星的軌道半徑與周期，由42=m r 可以求出地球的質(zhì)量，但由于不知道地球的半徑，所以2不能求出地球的密度，故C 錯誤；D、同步衛(wèi)星與赤道上的物體具有相同的周期和角速度，根據(jù)公式 ar 得同步衛(wèi)星的向心加速度比靜止在赤

52、道上物體的向心加速度大，故D 正確。故選：ABD。一十八功率、平均功率和瞬時功率（共 1小題）第30頁（共37頁）37【解答】解：灑水車行駛過程中受到的阻力與其質(zhì)量成正比，設(shè)灑水車受到的阻力為 f f；A =12 m v2減小，故A 錯誤；B、灑水車做勻速直線運(yùn)動，由平衡條件可知，灑水車的牽引力 Fkm，由于灑水車的質(zhì)量 m 不斷減小，灑水車的牽引力不斷減小，故 B 錯誤；CD、灑水車發(fā)動機(jī)的輸出功率 PFvkmv，灑水車的質(zhì)量 m 不斷減小，灑水車做勻速直線運(yùn)動，灑水車發(fā)動機(jī)的輸出功率P 隨時間 t不斷減小，灑水車發(fā)動機(jī)的功率不斷減小，故 C錯誤，D 正確。故選：D。一十九機(jī)械能守恒定律（共

53、 1小題）38A合力大小發(fā)生變化，故A 錯誤；B、當(dāng)繩子與釘子相碰后，根據(jù)機(jī)械能守恒可知小球能擺到與原來等高的位置，但不能大于右側(cè)釋放時的高度，故 B錯誤；C =2 C DF =2 2 得+ ， 故繩子的拉力越大，在細(xì)繩與釘子相碰時繩就越容易斷，故D 正確；故選：D。二十功能關(guān)系（共 6小題）39【解答】A、把質(zhì)量為 m 的小球 （可視為質(zhì)點(diǎn)）從彈簧上端由靜止釋放，開始時，重力大于彈簧的彈力，力等于小球的重力時，速度達(dá)到最大，當(dāng)彈簧壓縮量為 0時，小球P 的速度最大，故A 錯誤；BC x0 0 mg，即星球表面重力加速度 g0，當(dāng) x0時，小球 P 的加速度 a0，可得 mg0，故彈簧的勁度系

54、數(shù)為 =0 0，結(jié)合 A P 運(yùn)動到速度為零時，彈簧的壓縮量 x0此時彈力 Fkx00 BC錯誤；D、當(dāng)彈簧壓縮量為 0時，彈簧的彈性勢能為 =12 =201202 =12ma0，故D 正確；故選：D。40【解答】A、重力對運(yùn)動員做功為 1000J，是正功，則運(yùn)動員重力勢能減小 1000J，故A 錯誤；BCD、除重力外，運(yùn)動員克服阻力做功 100J，即阻力做功為100J，故運(yùn)動員的機(jī)械能減小 100J，合力對運(yùn)動員所做的總功為 WW+Wf1000J100J900J，是正功，則根據(jù)動能定理知運(yùn)動員動能增加900J 錯誤，D 第31頁（共37頁）故選：D。41A1 大到與重力平衡，即加速度減為零時

55、，速度達(dá)到最大，動能達(dá)到最大，故A 錯誤；B、2時刻，彈力最大，故彈簧的壓縮量最大，小球運(yùn)動到最低點(diǎn)，速度等于零，故 B 錯誤；C3動能先增大后減小，故C正確；D23故 D 錯誤；故選：。42【解答】A、質(zhì)量為 m 的木炭包在傳送帶上山靜止釋放，傳送帶相對于木炭包向右運(yùn)動，所以黑色的徑跡將出現(xiàn)在木炭包的右側(cè)，故A 錯誤；B、對木炭包根據(jù)動能定理有 W=12，故B 錯誤；2C、木炭包運(yùn)動的位移 =12，傳送帶運(yùn)動的位移x，則木炭包與皮帶間由于摩擦而產(chǎn)生的熱量Qx2x Q=12，故C錯誤；2D、木炭包在傳送帶上加速時，電動機(jī)需要額外做的功=1 2 +Q2，則功率 P= 2 =2 ，故D 正確；故選

56、：D。43AB、由于煤塊在傳送帶上留下痕跡的長度 L速度為零的勻加速直線運(yùn)動，然后隨傳送帶一起做勻速運(yùn)動，設(shè)煤塊相對傳送帶滑動的時間為 ，則痕跡的長度x 傳送帶x 2，解得：=2，煤塊相對傳送帶滑動過程的位移 x =2，摩擦力對煤塊做的功 Wmgx 煤塊，故A 錯誤，B 正確；C、煤塊與傳送帶因摩擦產(chǎn)生的熱量等于摩擦力與相對位移的乘積，即摩擦產(chǎn)生的熱量：Qmgl，故 C 正確；D、對煤塊，由動能定理得：=12，煤塊與傳送帶因摩擦產(chǎn)生的熱量 Qmgl Q= 12 D2mv 2mv正確。本題選錯誤的，故選：A。44【解答】解：ABmgxsinfxEk0 kmgsin+fx+E下滑過程，mgxsin

57、Ek，解得：（mgsinf）x由于 mgsin+fmgsin，故上滑階段斜率大于下滑階段斜率，故A 正確，B 錯誤；C、上滑階段重力勢能為 pmgxsin，下滑過程物體的重力勢能為 Emgxsin C 正確；D、在上滑和下滑過程中，物塊受到的摩擦力大小相等，都做負(fù)功，為 Wffx故機(jī)械能為 0，故上滑和下滑的斜率相同，故D 錯誤；故選：AC。第32頁（共37頁）二十一動量定理（共 4小題）45【解答】、整個下落過程中，只有重力和彈力有沖量；由于初、末速度都為零，動量變化量為零，根據(jù)的沖量應(yīng)小于第二階段彈力的沖量大小。故AC 錯誤；B、根據(jù)動量定理可知，第一階段重力對運(yùn)動員的沖量和第二階段合力對

58、運(yùn)動員的沖量大小相等，方向相反，故B 正確；D增大，故D 錯誤。故選：。46【解答】解：兩次抽出時作用力相同，等于滑動摩擦力的大小，根據(jù)動量定理可知，合外力的沖量等于動量變化量，F(xiàn)tmv，則快速抽出時，作用時間短，動量變化量較小，棋子獲得的速度較小，位移較小；緩慢抽出紙條，作用時間長，動量變化大，棋子獲得的速度較大，位移較大，故 C正確，ABD 錯誤；故選：。47【解答】解：A = ，輕桿表現(xiàn)為支持力，故A 錯誤；B桿的作用力一定豎直向上，故B 正確；C、小球從最低點(diǎn)勻速轉(zhuǎn)動到最高點(diǎn)的過程中，動能不變，重力勢能增加，所以機(jī)械能不守恒，故 C錯誤；D、重力的沖量 IGt D 錯誤.故選：。48A

59、 B方向相反，最高點(diǎn)只受重力，加速度為 ，故最低點(diǎn)的加速度大小也為 g A 正確；B、在重物從 A 位置下落到 C 位置的過程中，動量的改變量為零，根據(jù)動量定理，有 mgtFt，故重力的沖量等于彈簧彈力的沖量，故 B 錯誤；C、在手托重物從 B 位置緩慢上升到 A 位置在到返回 B 位置過程中，重力做功為零，彈力做功為零，故手對重物所做的功等于重物往復(fù)運(yùn)動過程中所具有的最大動能，故C 正確；D、根據(jù)胡克定律，有：Fkx作圖如下：第33頁（共37頁）圖中圖線與 x A 位置到 B位置和從B 位置到 C簧彈力對重物所做功之比是 13 D 錯誤；故選：AC。二十二動量守恒定律（共 3小題）49【解答

60、】A、由于碰撞時間極短，外力的沖量忽略不計(jì)，所以 B 與 A 碰撞過程滿足動量守恒。碰撞后二者粘在一起，發(fā)生非彈性碰撞，機(jī)械能有損失，故A 錯誤；B、設(shè)碰撞后瞬間AB 的共同速度為 。取水平向右為正方向，由動量守恒定律得 mAv（mA+m）v碰撞前，對A 有 FmAg2碰撞后，對 AB 整體，有2（mA+mB）（m+mB）22聯(lián)立解得 B 與 A 碰撞前后輕繩的拉力大小分別為 FmAg，（mA+mB+ ，則知 B 與 A (+前后輕繩的拉力大小發(fā)生了改變，故 B錯誤；CD、碰撞后 AB 一起上升的過程，根據(jù)機(jī)械能守恒得：1（mABv2（m+m），結(jié)合 v= +2解得 =22，與繩長L無關(guān)，故