2015年高考物理模擬試題(1)

1、精選優(yōu)質(zhì)文檔-傾情為你奉上高考物理模擬試題（一）一、選擇題（本大題共10小題，共45分第15題為單選題，每題4分；第610題為多選題，每題5分，全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)或不答的得0分）1. 有一弧形的軌道，如圖所示，現(xiàn)取兩個(gè)完全相同的物塊分別置于A、B兩點(diǎn)處于靜止?fàn)顟B(tài)，則關(guān)于下列分析正確的是（ ） A物塊在A點(diǎn)受到的支持力大 B物塊在A點(diǎn)受到的摩擦力大C物塊在A點(diǎn)受到的合外力大D將物塊放在B點(diǎn)上方的C點(diǎn)，則物塊一定會(huì)滑動(dòng)2. 2013年6月20日，寧波寧海桃源街道隔水洋村發(fā)生驚險(xiǎn)一幕，一名兩歲女童從5樓窗臺(tái)突然墜落。但幸運(yùn)的是，樓下順豐快遞員高高舉起雙手接住了孩子，孩子安然

2、無恙。假設(shè)從5樓窗臺(tái)到接住女童的位置高度差為h =20m，快遞員接住女童的整個(gè)過程時(shí)間約為0.2s，經(jīng)緩沖后女童最終以的速度著地，女童的質(zhì)量為m=25kg，則（忽略空氣阻力，g取10m/s2） （ ）A女童接觸快遞員手臂時(shí)的速度大小為 40m/sB女童自由下落時(shí)間約為 4sC快遞員手臂受到的平均沖擊力大小約為2125ND.在接住女童的過程中，女童處于失重狀態(tài)3. 如圖所示，一鐵球用細(xì)線懸掛于天花板上，靜止垂在桌子的邊緣，懸線穿過一光盤的中間孔，手推光盤在桌面上平移，光盤帶動(dòng)懸線緊貼著桌子的邊緣以水平速度v勻速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)光盤由A位置運(yùn)動(dòng)到圖中虛線所示的B位置時(shí)，懸線與

3、豎直方向的夾角為，此時(shí)鐵球（ ）A.豎直方向速度大小為vcos B.豎直方向速度大小為vsinC.豎直方向速度大小為vtan D. 相對(duì)于地面速度大小為v 4. 2013年6月，我國(guó)成功實(shí)現(xiàn)目標(biāo)飛行器“神州十號(hào)”與軌道空間站“天宮一號(hào)”的對(duì)接.如圖所示，已知“神舟十號(hào)”從捕獲“天宮一號(hào)”到兩個(gè)飛行器實(shí)現(xiàn)剛性對(duì)接用時(shí)為t，這段時(shí)間內(nèi)組合體繞地球轉(zhuǎn)過的角度為,地球半徑為，組合體離地面的高度為H，萬有引力常量為G，據(jù)以上信息可求地球的質(zhì)量為（ ）A BC D5.如右圖所示一等腰直角三角形中存在垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng),三角形腰長(zhǎng)為2L，一個(gè)邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的導(dǎo)線框ABCD自右向左勻速通過該區(qū)域，則回路中A、

4、C兩點(diǎn)電勢(shì)差UAC隨時(shí)間的變化關(guān)系圖象應(yīng)為 （ ）6. 如圖所示，真空中有兩個(gè)等量異種電荷，0O為兩電荷連線的垂直平分線，P點(diǎn)在垂直平分線上，四邊形OMNP為菱形，現(xiàn)在將一個(gè)負(fù)電荷q，自0點(diǎn)開始沿OMNP移動(dòng)，則 下列說法正確的是（ ）POMNOA由0到N的過程中電荷電勢(shì)能減少B由N到P的過程中電場(chǎng)力做負(fù)功CP點(diǎn)與O點(diǎn)電勢(shì)相等DN點(diǎn)和M點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)相同7. 如圖所示，2013年2月15日，一顆隕星墜落俄羅斯中西部地區(qū)，造成數(shù)百人受傷。在影響最嚴(yán)重的車?yán)镅刨e斯克州，爆炸造成玻璃窗破碎和人員受傷。忽略隕星的質(zhì)量變化，在隕星靠近地球的過程中， 下列說法正確的是（ ）A. 隕星的重力勢(shì)能隨時(shí)間增加均勻減小B

5、隕星與地球組成的系統(tǒng)機(jī)械能不守恒C. 隕星減少的重力勢(shì)能等于隕星增加的內(nèi)能D隕星的機(jī)械能不斷減小8. 如圖所示，電壓表看作理想電表，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，閉合開關(guān)S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片由左端向右端滑動(dòng)時(shí)（燈絲電阻不變），下列說法正確的是（ ）A.電容器帶電量減小 B.電壓表讀數(shù)變大C.燈泡L2變亮 D.燈泡L1變暗9. 如圖所示，在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中有一光滑的絕緣四分之一圓軌道，一重為G的金屬棒MN垂直于軌道橫截面水平放置，在導(dǎo)線中通入電流I，使導(dǎo)線在安培力的作用下以恒定的速率從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，設(shè)桿所在位置的軌道半徑與豎直方向的夾角為，安培力的瞬時(shí)功率為P，則從A到C的過程中，下列有關(guān)說

6、法正確的是（ ）A.電流方向從M指向NB.C.D.10. 如圖所示，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為112，原線圈兩端的輸入正弦交流電壓（V），副線圈所接電壓表為理想電壓表，定值電阻R0=10，滑動(dòng)變阻器R的阻值變化范圍為020.下列說法正確的是（ ） uRoRVA電壓表的示數(shù)為VB副線圈輸出電壓的頻率為50HzC滑動(dòng)變阻器R消耗功率的最大值為40WD滑動(dòng)變阻器滑片向下移動(dòng)，變壓器的輸出功率不變二、實(shí)驗(yàn)探究題（共15分）11.（6分）某學(xué)習(xí)小組采用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證動(dòng)能定理，小車運(yùn)動(dòng)過程中所受的阻力已知，試驗(yàn)中，在小桶中加入適當(dāng)砝碼使小車做勻加速運(yùn)動(dòng)，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出的紙帶如圖乙所示，通過正

7、確的方法測(cè)出紙帶上1,2兩點(diǎn)的速度為，1,2兩點(diǎn)間的距離為L(zhǎng)、小車的質(zhì)量為及小桶和砝碼的總質(zhì)量m后，某同學(xué)按如下思路驗(yàn)證動(dòng)能定理：以小車為研究對(duì)象，它的合外力的功為，動(dòng)能增加量為，比較兩者的大小即可形成驗(yàn)證結(jié)論。（1） 實(shí)驗(yàn)中備有下列器材：A.打點(diǎn)計(jì)時(shí)器；B.天平；C.秒表；D.低壓交流電源；E.電池；F.紙帶；G.細(xì)線、砝碼、小車、小桶；H薄木板在這些器材中你認(rèn)為其中多余的器材是 ，還缺少的器材是 。（2）經(jīng)過多次實(shí)驗(yàn)，發(fā)現(xiàn)總是大于，你認(rèn)為產(chǎn)生這種誤差的主要原因是 。12.（9分）某實(shí)驗(yàn)小組為嘗試用“附加電阻法”測(cè)量一未知電阻Rx，其電路設(shè)計(jì)如下圖所示(1)其實(shí)驗(yàn)步驟為：a.按電路圖將器材連

8、接好，其中R1為附加的定值電阻， Rx為待測(cè)電阻；b.S2斷開，閉合S1，調(diào)節(jié)變阻器R，使電流表、電壓表都有一個(gè)適當(dāng)讀數(shù)，記下兩表讀數(shù)I1、U1；c.保持變阻器R不變，再閉合S2，記下 ；d.待測(cè)電阻Rx .(2)實(shí)驗(yàn)小組中一同學(xué)認(rèn)為若最終結(jié)果中減去電流表內(nèi)阻RA可使結(jié)果更精確，這種說法對(duì)嗎？試分析一下 。（3）實(shí)驗(yàn)中，嘗試更換幾個(gè)不同阻值的R1進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，發(fā)現(xiàn)若R1過大，其實(shí)驗(yàn)結(jié)果與前幾次有明顯不同，試簡(jiǎn)述其誤差成因 三、計(jì)算題（共30分要求寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟.只寫出最后答案的不能得分有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位）13. （8分）伽利略被譽(yù)為“經(jīng)典物理學(xué)

9、的奠基人”，他認(rèn)為將A、B兩個(gè)斜面對(duì)接起來，讓小球沿斜面A從靜止?jié)L下，小球滾上另一斜面B。如果無摩擦，無論斜面B比斜面A陡些還是緩些，小球最后總會(huì)在斜面B上的某點(diǎn)速度變?yōu)榱?，這點(diǎn)據(jù)斜面底端的豎直高度與它出發(fā)時(shí)的高度相同。如圖所示，設(shè)起點(diǎn)為P，終點(diǎn)為q，已知，試求：（1）小球在A、B兩斜面上運(yùn)動(dòng)的加速度大小之比；（2）小球從P到q的過程中，在A、B兩斜面上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比。14.(9分) 如圖所示，光滑圓弧軌道由兩個(gè)半徑為R的四分之一圓弧組成，軌道底端與頂端切線水平且固定在水平木板上。一質(zhì)量為的小球以初速度滑入軌道，離開軌道落到木板上后不反彈，繼續(xù)沿木板滑動(dòng)，小球與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)，重力加速度大

10、小為，試求：（1）小球到達(dá)軌道頂端時(shí)對(duì)軌道的壓力大??；（2）小球從滑入軌道到停下來的總位移大小。15. (13分) 如圖甲所示，在平面直角坐標(biāo)系xOy內(nèi)存在著隨時(shí)間相互交替變化的磁場(chǎng)和電場(chǎng).磁場(chǎng)和電場(chǎng)的大小隨時(shí)間周期性變化、方向不變，其變化規(guī)律分別如圖乙、丙所示（規(guī)定垂直紙面向里為磁感應(yīng)強(qiáng)度的正方向、沿y軸正方向電場(chǎng)強(qiáng)度為正）.在t=0時(shí)刻由原點(diǎn)O發(fā)射初速度大小為v0，方向沿y軸正方向的帶負(fù)電粒子.已知v0、t0、B0，粒子的比荷，不計(jì)重力，求：（1）t=時(shí)，求粒子的位置坐標(biāo)；（2）若t=時(shí)粒子回到原點(diǎn)，時(shí)間內(nèi)粒子距軸的最大距離；（3）若粒子能夠回到原點(diǎn)，求滿足條件的所有值.甲yxOt5t00

11、t02t03t04t0B05t0tB乙0t02t03t04t0E0E丙四、選做題（共20分請(qǐng)考生從給出的3道題中任選一題作答。如果多做，則按所做的第一題計(jì)分）17物理選修3-4（10分）（1）（4分）一列橫波在某介質(zhì)中沿軸傳播，如圖甲所示為時(shí)的波形圖，如圖乙所示為處的質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)圖象，則下列說法正確的是 .（選對(duì)一個(gè)給2分，選對(duì)兩個(gè)給3分，選對(duì)3個(gè)給4分.每選錯(cuò)一個(gè)扣2分，最低得分為0分）A.圖甲中質(zhì)點(diǎn)N速度方向沿y軸正方向B.圖甲中質(zhì)點(diǎn)M的速度與加速度均為零C.再經(jīng)過質(zhì)點(diǎn)L與質(zhì)點(diǎn)N位移相同 D.再經(jīng)過質(zhì)點(diǎn)P第一次到達(dá)波峰E.該波在傳播的過程中，遇到寬度為1m的障礙物能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象(2)

12、（6分）如圖所示，有一圓柱形容器，底面半徑為，在底面的中心處有一紅色點(diǎn)光源，它發(fā)出的紅光經(jīng)時(shí)間可以傳到容器的邊緣。若容器內(nèi)倒?jié)M某液體，發(fā)出的紅光經(jīng)時(shí)間可以傳到容器的邊緣，且恰好在P點(diǎn)發(fā)生全反射。求：該液體的折射率；容器的高度。18物理選修3-5（10分）（1）（4分）2012年11月23日上午，艦載機(jī)殲-15在我國(guó)首艘航母“遼寧航”上成功起降可控核反應(yīng)堆是驅(qū)動(dòng)航空母艦的理想設(shè)備，其工作原理是利用重核裂變反應(yīng)釋放出大量核能獲得動(dòng)力是若干核反應(yīng)的一種，其中n為中子，X為待求粒子，為X的個(gè)數(shù)，則X是 （選填“質(zhì)子”、“中子”或“電子”）， （2）（6分）如圖所示，光滑水平面上木塊A的質(zhì)量mA1 kg

13、，木塊B質(zhì)量mB4 kg，質(zhì)量為mC2 kg的木塊C置于足夠長(zhǎng)的木塊B上，B、C之間用一輕彈簧相拴接并且接觸面光滑開始時(shí)B、C靜止，A以v010 m/s的初速度向右運(yùn)動(dòng)，與B碰撞后B的速度為3.5 m/s，碰撞時(shí)間極短求：A、B碰撞后A的速度；彈簧第一次恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)C的速度參考答案與解析1.A 解析：假設(shè)A點(diǎn)和B點(diǎn)所在位置的斜面傾角分別為1和2，則12，因?yàn)槲飰K靜止在傾角為的斜面上時(shí)共受到三個(gè)力的作用：豎直向下的重力mg、垂直斜面向上的支持力N和平行于斜面向上的靜摩擦力f，三力平衡，所以N=mgcos，f=mgsin，因?yàn)?2，所以mgcos1mgcos2，mgsin1mgsin2，即N1N2，

14、f1f2，選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；物塊在兩個(gè)位置均處于靜止?fàn)顟B(tài)，合外力均為零，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；將物塊放在B點(diǎn)上方的C點(diǎn)，物塊的最大靜摩擦力可能仍然大于物塊重力的分力，此時(shí)物塊靜止，D錯(cuò)誤。2.C 解析：由運(yùn)動(dòng)規(guī)律可得，女童下落到快遞員手臂處的速度，由v2=2gh解得v=20m/s，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；女童的下落時(shí)間t1=v/g=2s，選項(xiàng)B項(xiàng)錯(cuò)誤；由動(dòng)量定理可得：，解得，C正確；在接住女童的過程中，女童加速度方向向上，處于超重狀態(tài)，D錯(cuò)誤。3.B 解析：光盤的速度是水平向右的，將該速度沿繩和垂直與繩分解，如圖所示，沿繩方向的分量，這就是桌面以上繩子變長(zhǎng)的速度，也等于小球上升的速度，B正確。v4. C 解析：組

15、合體在圓軌道運(yùn)行的周期，根據(jù)萬有引力定律和牛頓定律得，所以，C項(xiàng)正確。5.B 解析：0L階段，AB邊切割磁感線且感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)不斷變大，電流變大，UAC為負(fù)值且不斷變大，L2L階段，AB邊與CD邊同時(shí)切割磁感線，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)不斷減小，UAC為負(fù)值且不斷變小，2L3L階段，CD邊切割磁感線，電流反向，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)不變，UAC 為正值,正確選項(xiàng)為B。6. ABC 解析：由將負(fù)電荷由O移動(dòng)到N的過程中電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減少，A對(duì)；由N到P電場(chǎng)力做負(fù)功，B對(duì)；P點(diǎn)與0點(diǎn)位于同一個(gè)等勢(shì)面，電勢(shì)相等，N點(diǎn)與M點(diǎn)關(guān)于中垂線對(duì)稱，其場(chǎng)強(qiáng)大小相等，方向不同，故D錯(cuò)。7.BD 解析：由于隕星做非勻變速運(yùn)動(dòng)，故隕星的重力

16、勢(shì)能隨時(shí)間增加并不是均勻減小，A錯(cuò)誤；除重力之外有空氣阻力做負(fù)功，由功能關(guān)系可得隕星的機(jī)械能減小，B、D正確；由能量守恒與轉(zhuǎn)化可得隕星減少的重力勢(shì)能部分轉(zhuǎn)化為隕星的動(dòng)能與內(nèi)能，C錯(cuò)誤。8.AB 解析：將滑動(dòng)變阻器的滑片由左端向右滑動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻增大，變阻器與燈L1并聯(lián)的電阻增大，外電路總電阻增大，路端電壓增大，電壓表的讀數(shù)變大，B錯(cuò)誤；由閉合電路歐姆定律可知，流過電源的電流減小，燈泡L2變暗，C錯(cuò)誤；電壓表V2讀數(shù)變小燈泡L1的電壓U1=E-I（r+RL2）增大，燈泡L1變亮，D錯(cuò)誤；由于電容器兩端電壓減小，由可得電容器兩端電壓減小，A正確。9.AD 解析：由于導(dǎo)線以恒定的速率從A

17、點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，受力分析可得安培力沿圓弧切向的分力平衡了重力沿圓弧切向的分力，安培力方向水平向左，故電流方向方向由M指向N，A選項(xiàng)錯(cuò)誤；在A點(diǎn)受力分析得：，解得：，安培力的功率：，故，B、C錯(cuò)誤，D正確.10.ABC 解析：電壓表的示數(shù)指的是有效值，據(jù)變壓器變比關(guān)系得U2=40V，A項(xiàng)正確；據(jù)（V）得變壓器原、副線圈電壓的頻率均為50Hz，B項(xiàng)正確；將定值電阻R0看成副線圈電源的內(nèi)阻，當(dāng)滑動(dòng)變阻器R的阻值等于定值電阻R0時(shí)消耗的功率最大，此時(shí)電流I=A=2A，滑動(dòng)變阻器R消耗的功率為I2R=40W，C項(xiàng)正確；滑動(dòng)變阻器滑片向下移動(dòng)，負(fù)載電阻變小，但輸出電壓不變，由可知，變壓器的輸出功率變大，D項(xiàng)

18、錯(cuò)誤.11.（1）秒表、電池、薄木板 刻度尺、打點(diǎn)計(jì)時(shí)器（2） 小桶和砝碼的總重力mg大于輕細(xì)繩的拉力解析：（1）本實(shí)驗(yàn)是用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出來的點(diǎn)計(jì)時(shí)，所以不用秒表，而用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器需低壓交流電源，故不用電池，阻力已提前測(cè)出，所以也不用薄木板，紙帶打出后，測(cè)小車運(yùn)動(dòng)的距離需要刻度尺。（2）以小車為研究對(duì)象，小桶和砝碼的總重力大于輕細(xì)繩的拉力，故實(shí)際上小車的合外力小于。12.（1）兩表的讀數(shù)I2、U2 Rx（2）= R1+RA+Rx，= R1+RA ，二者做差時(shí)已經(jīng)將電流表內(nèi)阻的影響消去，故無需再減去電流表內(nèi)電阻。（3）若R1過大，則閉合S2后電壓表讀數(shù)基本不變，而電流表將維持一個(gè)極小的數(shù)值，測(cè)量讀

19、數(shù)誤差明顯。解析：（1）閉合S1，記下兩表讀數(shù)I1、U1，據(jù)部分電路的歐姆定律可求R1+RA+Rx；閉合S1，S2 ，Rx被短路可求R1+RA，兩式聯(lián)立可求Rx；= R1+RA+Rx，= R1+RA，兩式聯(lián)立可求Rx；13.（1）；（2）解析：（1）由牛頓第二運(yùn)動(dòng)定律可得：故 (2)由勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律公式可得：同理可得解得：14.（1） （2）解析：（1）設(shè)小球到達(dá)軌道最高點(diǎn)時(shí)的速度大小為，根據(jù)機(jī)械能守恒定律有： 由牛頓第二運(yùn)動(dòng)定律可得：解得：由牛頓第三運(yùn)動(dòng)定律可得小球?qū)壍赖膲毫Υ笮。海?）設(shè)小球做平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移為，則 小球落在木板上后，豎直方向的速度消失，水平速度大小為v1，根據(jù)動(dòng)能定理：所以小球從滑入軌道到停下來的總位移為：15.（1）（）；（2）；（3）  （n=1，2，3，）解析：（1）粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期則在內(nèi)轉(zhuǎn)過的圓心角由牛頓第二定律qv0B0=mv2/r1解得： 則t=時(shí)粒子的位置坐標(biāo)：（）r2O2r1O1yx（2）粒子t=時(shí)回到原點(diǎn)，軌跡如圖所示，由圖可知：而 代入得：粒子在t0-2t0時(shí)間內(nèi)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，2t