山東省淄博六中-學(xué)高二(上)自主訓(xùn)練物理試卷(解析版).doc

1、2022-2022學(xué)年山東省淄博六中高二上自主訓(xùn)練物理試一、選擇題：1-5題為單項(xiàng)選擇，6-10題不定項(xiàng)選擇，每題 4分1.一帶負(fù)電絕緣金屬小球被放在潮濕的空氣中經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后，發(fā)現(xiàn)該小球上帶有的負(fù) 電荷幾乎不存在了，這說(shuō)明A 小球上原有的負(fù)電荷逐漸消失了B .在此現(xiàn)象中，電荷不守恒C.小球上負(fù)電荷減少的主要原因是潮濕的空氣將電子導(dǎo)走了D 該現(xiàn)象不遵循電荷守恒定律2兩個(gè)分別帶有電荷量- Q和+3Q的相同金屬小球均可視為點(diǎn)電荷，固定在相距為r的 兩處，它們間庫(kù)侖力的大小為F.兩小球相互接觸后將其固定距離變?yōu)榭眨敲磧汕蜷g庫(kù)侖力的大小為134A 遼FB .尹C.胡D . 12F3. 對(duì)于由點(diǎn)電荷

2、Q產(chǎn)生的電場(chǎng)，以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是A 電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式仍成立，即E=_，式中的Q就是產(chǎn)生電場(chǎng)的點(diǎn)電荷kQB. 在真空中，電場(chǎng)強(qiáng)度的表達(dá)式為E= 一，式中Q就是產(chǎn)生電場(chǎng)的點(diǎn)電荷翌rC. 在真空中，E=，式中Q是檢驗(yàn)電荷D .以上說(shuō)法都不對(duì)4. 如下列圖，AB是某點(diǎn)電荷電場(chǎng)中一條電場(chǎng)線，在電場(chǎng)線上P處自由釋放一個(gè)負(fù)試探電荷時(shí)，它沿直線向 B點(diǎn)處運(yùn)動(dòng)，對(duì)此現(xiàn)象以下判斷正確的選項(xiàng)是A. 電荷向B做勻加速運(yùn)動(dòng)B. 電荷向B做加速度越來(lái)越小的運(yùn)動(dòng)C. 電荷向B做加速度越來(lái)越大的運(yùn)動(dòng)D .電荷向B做加速運(yùn)動(dòng)，加速度的變化情況不能確定5. 如圖，在光滑絕緣水平面上，三個(gè)帶電小球a、b和c分別位于邊長(zhǎng)為I的正三

3、角形的三個(gè)頂點(diǎn)上；a、b帶正電，電荷量均為q，c帶負(fù)電.整個(gè)系統(tǒng)置于方向水平的勻強(qiáng)電場(chǎng)中.已知靜電力常量為k.假設(shè) 三個(gè)小球均處于靜止?fàn)顟B(tài)，那么勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的大小為P Cc.0'7. 帶電粒于從電場(chǎng)中的 A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn).那么 軌跡如圖中虛線所示，不計(jì)粒子所受的重力,A .粒子帶負(fù)電B . A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)小于B點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)C.粒子的加速度逐漸增加D .粒子的速度不斷減小6. 兩個(gè)帶有同種電荷的小球A、B,放在光滑絕緣的水平面上，其中小球A固定，小球 B只在庫(kù)侖力作用下由靜止開(kāi)始沿水平面運(yùn)動(dòng)，在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中小球B的加速度a和速度的變化v是 A. a一直在增大B . a一直在減小C. v 一直在增大D

4、 . v 一直在減小8 帶電量為q的檢驗(yàn)電荷在電場(chǎng)中某點(diǎn)受到的電場(chǎng)力大小為F,該點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小為 E,那么F面能正確反映這三者關(guān)系的是9. 如下列圖，AC、BD為圓的兩條互相垂直的直徑，圓心為0,半徑為R,將等電量的兩正點(diǎn)電荷Q放在圓周上，它們的位置關(guān)于 AC對(duì)稱，與0點(diǎn)的連線和0C間夾角為30°以下 說(shuō)法正確的選項(xiàng)是A. 電荷q從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為零B. 電荷q從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為零kQc. o點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為_(kāi)R 亦QD . O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為'10. 一帶正電的粒子僅在電場(chǎng)力作用下從A點(diǎn)經(jīng)B、C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)，其v - t圖象如下列圖,那么以下說(shuō)法中正確的選項(xiàng)

5、是A . A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度一定大于 B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度B .粒子在A點(diǎn)的電勢(shì)能一定大于在 B點(diǎn)的電勢(shì)能C. CD間各點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)都為零D . AB兩點(diǎn)間的電勢(shì)差大于 CB兩點(diǎn)間的電勢(shì)差二、填空題：共12分，每空2分11. 1勻變速直線運(yùn)動(dòng)的瞬時(shí)速度公式是 ;2求解位移公式和方法五種 ;3求解平均速度的方法三種 .12. 1自由落體運(yùn)動(dòng)的定義是 ，所適用的公式2初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)五個(gè)比值關(guān)系：3逐差法公式以六段為例_.三、計(jì)算題共48分，要寫(xiě)出必要步驟，只寫(xiě)答案不得分13根長(zhǎng)為I的絲線吊著一質(zhì)量為 m,帶電荷量為q的小球靜止在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中, 如下列圖，絲線與豎直方向成37°

6、;角，先突然將該電場(chǎng)方向變?yōu)橄蛳虑掖笮〔蛔儯豢紤]因電場(chǎng)的改變而帶來(lái)的其它影響重力加速度為g，sin37 °0.6，cos37°=0.8求：1勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小2求小球經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)時(shí)絲線的拉力大小.14.如下列圖，絕緣水平面上靜止著兩個(gè)質(zhì)量均為m、電量均為+Q的物體A和BA、B均可視為質(zhì)點(diǎn)，它們間的距離為r，與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為仏求：1A受到的摩擦力.2如果將A的電量增至+4Q，那么兩物體將開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，當(dāng)它們的加速度第一次為零時(shí)，A、B各運(yùn)動(dòng)了多遠(yuǎn)的距離？15.圖甲所示，在真空中足夠大的絕緣水平地面上，一個(gè)質(zhì)量為m=0.2kg，帶電荷量為q=+X 106C的小物塊處

7、于靜止?fàn)顟B(tài)，小物塊與地面間的摩擦因數(shù)卩=0.1從t=0時(shí)該開(kāi)始，空間上加一個(gè)如圖乙所示的電場(chǎng).取水平向右的方向?yàn)檎较?g 取 10m/s2求:14秒內(nèi)小物塊的位移大小;24秒內(nèi)電場(chǎng)力對(duì)小物塊所做的功.A點(diǎn)，自由釋放一個(gè)帶正16.如下列圖，在 0點(diǎn)放置一個(gè)正電荷，在過(guò)0點(diǎn)的豎直平面內(nèi)的電的小球，小球的質(zhì)量為 m電荷量為q .小球落下的軌跡如圖中虛線所示，它與以 O為圓 心、R為半徑的圓圖中實(shí)線表示相交于B、C兩點(diǎn)，0、C在同一水平線上，/ BOC=30 ,A距離0C的豎直高度為h.假設(shè)小球通過(guò) B點(diǎn)的速度為v,試求:1小球通過(guò)C點(diǎn)的速度大小.2022-2022學(xué)年山東省淄博六中高二上自主訓(xùn)練物

8、理試卷參考答案與試題解析一、選擇題：1-5題為單項(xiàng)選擇，6-10題不定項(xiàng)選擇，每題 4分1一帶負(fù)電絕緣金屬小球被放在潮濕的空氣中經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后，發(fā)現(xiàn)該小球上帶有的負(fù) 電荷幾乎不存在了，這說(shuō)明A 小球上原有的負(fù)電荷逐漸消失了B .在此現(xiàn)象中，電荷不守恒C.小球上負(fù)電荷減少的主要原因是潮濕的空氣將電子導(dǎo)走了D 該現(xiàn)象不遵循電荷守恒定律【考點(diǎn)】電荷守恒定律.【分析】明確電荷守恒定律的內(nèi)容，知道：電荷既不能被創(chuàng)造，也不能被消滅，只能從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另一個(gè)物體，或者從物體的一局部轉(zhuǎn)移到另一局部；在轉(zhuǎn)移的過(guò)程中，電荷的總量保存不變.【解答】解：A、根據(jù)電荷守恒定律，電荷不能消滅，也不能創(chuàng)生，只會(huì)發(fā)生轉(zhuǎn)移故

9、A錯(cuò)誤.B、此過(guò)程中電荷仍然守恒，電荷沒(méi)有消失，只是被潮濕的空氣導(dǎo)走而已，仍然遵循電荷守 恒定律.故B錯(cuò)誤.C、 金屬小球上的負(fù)電荷減少是由于潮濕的空氣將電子導(dǎo)走了故C正確.D、 該現(xiàn)象是潮濕的空氣將電子導(dǎo)走了，是電子的轉(zhuǎn)移引起，仍遵守電荷守恒定律.故D錯(cuò) 誤.應(yīng)選：C.2兩個(gè)分別帶有電荷量- Q和+3Q的相同金屬小球均可視為點(diǎn)電荷，固定在相距為r的 兩處，它們間庫(kù)侖力的大小為F.兩小球相互接觸后將其固定距離變?yōu)?#39;,那么兩球間庫(kù)侖力的大小為 -Ljr£尸jrA 12 B 4C. 3 D . 12F【考點(diǎn)】庫(kù)侖定律；電荷守恒定律.【分析】清楚兩小球相互接觸后，其所帶電量先中和后

10、均分.根據(jù)庫(kù)侖定律的內(nèi)容，根據(jù)變化量和不變量求出問(wèn)題.【解答】解：接觸前兩個(gè)點(diǎn)電荷之間的庫(kù)侖力大小為F=k，兩個(gè)相同的金屬球各自帶電，接觸后再分開(kāi)，其所帶電量先中和后均分，所以兩球分開(kāi)后各自帶電為+Q，距離又變?yōu)樵瓉?lái)的丁，庫(kù)侖力為所以兩球間庫(kù)侖力的大小為3. 對(duì)于由點(diǎn)電荷 Q產(chǎn)生的電場(chǎng)，以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是FA .電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式仍成立，即，式中的Q就是產(chǎn)生電場(chǎng)的點(diǎn)電荷kQB .在真空中，電場(chǎng)強(qiáng)度的表達(dá)式為E=，式中Q就是產(chǎn)生電場(chǎng)的點(diǎn)電荷rkQC.在真空中，E=，式中Q是檢驗(yàn)電荷D .以上說(shuō)法都不對(duì)【考點(diǎn)】點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng).F【分析】電場(chǎng)強(qiáng)度公式E=，適用于所有的電場(chǎng)，E為場(chǎng)源電荷產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)，q為

11、試探電荷;點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式 E= _ ，其中E就是式中Q產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng).F【解答】 解：A、電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式 E=，適用于任何電場(chǎng)，對(duì)點(diǎn)電荷 Q產(chǎn)生的電場(chǎng)仍成 立，式中q就是此題中所指的試探電荷，故A錯(cuò)誤；BCD、在真空中，電場(chǎng)強(qiáng)度的表達(dá)式為：E=丁 ，式中Q就是產(chǎn)生電場(chǎng)的電荷即場(chǎng)源電荷，該公式適用點(diǎn)電荷電場(chǎng)，故 B正確，CD錯(cuò)誤.應(yīng)選：B.4. 如下列圖，AB是某點(diǎn)電荷電場(chǎng)中一條電場(chǎng)線，在電場(chǎng)線上P處自由釋放一個(gè)負(fù)試探電荷時(shí)，它沿直線向 B點(diǎn)處運(yùn)動(dòng)，對(duì)此現(xiàn)象以下判斷正確的選項(xiàng)是A. 電荷向B做勻加速運(yùn)動(dòng)B .電荷向B做加速度越來(lái)越小的運(yùn)動(dòng)C.電荷向B做加速度越來(lái)越大的運(yùn)動(dòng)D 電荷向B做加速運(yùn)動(dòng)，

12、加速度的變化情況不能確定【考點(diǎn)】電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系；電場(chǎng)強(qiáng)度.【分析】電場(chǎng)線是從正電荷或者無(wú)窮遠(yuǎn)出發(fā)出，到負(fù)電荷或無(wú)窮遠(yuǎn)處為止， 沿電場(chǎng)線的方向，電勢(shì)降低，電場(chǎng)線密的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度大，電場(chǎng)線疏的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度小.【解答】 解：在電場(chǎng)線上 P處自由釋放一個(gè)負(fù)試探電荷時(shí)，它沿直線向B點(diǎn)處運(yùn)動(dòng)，電荷受到的電場(chǎng)力向右， 所以電場(chǎng)線的方向向左，但是只有一條電場(chǎng)線， 不能判斷電場(chǎng)線的疏密的情況，不能判斷電荷的受力的變化的情況，不能判斷加速度的變化的情況，所以D正確,ABC錯(cuò)誤.應(yīng)選：D.5. 如圖，在光滑絕緣水平面上，三個(gè)帶電小球a、b和c分別位于邊長(zhǎng)為I的正三角形的三個(gè)頂點(diǎn)上；a、b帶正電，電荷量均

13、為q, c帶負(fù)電.整個(gè)系統(tǒng)置于方向水平的勻強(qiáng)電場(chǎng)中.已知靜電力常量為k.假設(shè) 三個(gè)小球均處于靜止?fàn)顟B(tài)，那么勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的大小為3kqA.：.'B .一C.'D .【考點(diǎn)】庫(kù)侖定律.【分析】三個(gè)小球均處于靜止?fàn)顟B(tài)，以整個(gè)系統(tǒng)為研究對(duì)象根據(jù)平衡條件得出c的電荷量,再以c電荷為研究對(duì)象受力分析求解.【解答】解：設(shè)c電荷帶電量為 Q,以c電荷為研究對(duì)象受力分析,根據(jù)平衡條件得a、b對(duì)c的合力與勻強(qiáng)電場(chǎng)對(duì) c的力等值反向，即:kQ*q22X ； X COS30 ° =E?Q所以勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的大小為應(yīng)選B 6兩個(gè)帶有同種電荷的小球 A、B，放在光滑絕緣的水平面上，其中小球A固定，

14、小球 B只在庫(kù)侖力作用下由靜止開(kāi)始沿水平面運(yùn)動(dòng)，在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中小球B的加速度a和速度的變化v是 A a 一直在增大B a 一直在減小C. v 一直在增大D . v 一直在減小【考點(diǎn)】庫(kù)侖定律；動(dòng)能定理的應(yīng)用.【分析】對(duì)小球B進(jìn)行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律求出加速度的變化，根據(jù)速度方向和加速度方向的關(guān)系確定速度大小變化.【解答】解：A、對(duì)小球B進(jìn)行受力分析，小球B的合力就是小球 A對(duì)它的庫(kù)侖斥力，由于小球A、B之間的距離越來(lái)越遠(yuǎn)，根據(jù)庫(kù)侖定律知道，小球A對(duì)小球B的庫(kù)侖斥力越來(lái)越小，根據(jù)牛頓第二定律得小球 B的加速度越來(lái)越小故 A錯(cuò)誤，B正確.C、由于小球B只在庫(kù)侖力作用下由靜止開(kāi)始沿水平面運(yùn)動(dòng)，所

15、以小球B的加速度方向和速度方向相同，所以小球 B的速度一直增大.故 C正確，D錯(cuò)誤.應(yīng)選BC.7.那么A .粒子帶負(fù)電B點(diǎn).軌跡如圖中虛線所示，不計(jì)粒子所受的重力,B . A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)小于 B點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)C.粒子的加速度逐漸增加【考點(diǎn)】電場(chǎng)線.D .粒子的速度不斷減小【分析】根據(jù)帶電粒子運(yùn)動(dòng)軌跡判定電場(chǎng)力方向，然后根據(jù)電性和電場(chǎng)線的疏密程度，判斷 電場(chǎng)力方向，根據(jù)電場(chǎng)力做功判斷動(dòng)能的變化，從而判斷速度變化.【解答】解：A、由粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡彎曲方向可知，帶電粒子受電場(chǎng)力的方向大致斜向左下 方，與電場(chǎng)強(qiáng)度方向相反，故粒子帶負(fù)電，故A正確.B、A點(diǎn)電場(chǎng)線密集，故電場(chǎng)強(qiáng)度大，電場(chǎng)力大， 故加速度大，所以粒子

16、的加速度一直減小， 故BC錯(cuò)誤.D、由于帶電粒子是從 A到B ,帶電粒子受電場(chǎng)力的方向大致斜向左下方，故電場(chǎng)力做負(fù)功,帶電粒子的速度減小，故 D正確.F,該點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小為E,那么應(yīng)選：AD&一帶電量為q的檢驗(yàn)電荷在電場(chǎng)中某點(diǎn)受到的電場(chǎng)力大小為F面能正確反映這三者關(guān)系的是【考點(diǎn)】電場(chǎng)強(qiáng)度.【分析】電場(chǎng)中的電場(chǎng)強(qiáng)度與放入電場(chǎng)中檢驗(yàn)電荷的電量無(wú)關(guān)，由場(chǎng)源電荷決定.【解答】解：A、因?yàn)殡妶?chǎng)中的電場(chǎng)強(qiáng)度與放入電場(chǎng)中檢驗(yàn)電荷的電量q無(wú)關(guān)，由場(chǎng)源電荷決定.所以電場(chǎng)強(qiáng)度不隨 q、F的變化而變化.故 A錯(cuò)誤，B正確，D錯(cuò)誤.C、由E=知，某點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度一定，F(xiàn)與q成正比.故C正確.應(yīng)選：BC.9. 如下列

17、圖，AC、BD為圓的兩條互相垂直的直徑，圓心為0,半徑為R,將等電量的兩正點(diǎn)電荷Q放在圓周上，它們的位置關(guān)于 AC對(duì)稱，與0點(diǎn)的連線和0C間夾角為30°以下A. 電荷q從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為零B .電荷q從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為零C. 0點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為D . 0點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為【考點(diǎn)】電勢(shì)能；電場(chǎng)強(qiáng)度.【分析】?jī)蓚€(gè)等電量正點(diǎn)電荷 Q產(chǎn)生 的電場(chǎng)等勢(shì)線與電場(chǎng)線具有對(duì)稱性，B與D的電勢(shì)相A與C電勢(shì)的上下，E=k和平行四邊等作出AC間的電場(chǎng)線，根據(jù)順著電場(chǎng)線電勢(shì)降低和對(duì)稱性，分析判斷電場(chǎng)力做功情況. 0點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是兩個(gè)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)的疊加，根據(jù) 形定那么求解0點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小.【解答

18、】解：A、作出AC間的電場(chǎng)線，如下列圖，根據(jù)對(duì)稱性可知， C點(diǎn)與E點(diǎn)的電勢(shì)相等， 而E點(diǎn)的電勢(shì)高于 A點(diǎn)的電勢(shì)，那么C點(diǎn)的電勢(shì)高于 A點(diǎn)的電勢(shì)，所以電荷q從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到 C點(diǎn)，電場(chǎng)力做功不為零.故 A錯(cuò)誤.B、根據(jù)對(duì)稱性可知，B點(diǎn)與D點(diǎn)的電勢(shì)相等，其電勢(shì)差為零，那么電荷 q從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為零.故C、D、0點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小B正確.E=Eicos30 +E2cos30=r.'故c錯(cuò)誤,D正確.應(yīng)選BD10. 一帶正電的粒子僅在電場(chǎng)力作用下從A點(diǎn)經(jīng)B、C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)，其v - t圖象如下列圖,那么以下說(shuō)法中正確的選項(xiàng)是A . A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度一定大于 B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度B. 粒子在A點(diǎn)的電

19、勢(shì)能一定大于在 B點(diǎn)的電勢(shì)能C. CD間各點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)都為零D . AB兩點(diǎn)間的電勢(shì)差大于 CB兩點(diǎn)間的電勢(shì)差【考點(diǎn)】電勢(shì)差；電場(chǎng)強(qiáng)度.【分析】從圖象可以看出，粒子做的是非勻變速直線運(yùn)動(dòng)，可得出受到的電場(chǎng)力不恒定，由帶正電的粒子僅在電場(chǎng)力作用，有圖線斜率代表加速度， 有牛頓第二定律得知電場(chǎng)力的大小關(guān)系，從而得到電場(chǎng)強(qiáng)度德大小關(guān)系.由運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，動(dòng)能增加，勢(shì)能減少，所以可判斷出 粒子在AB兩點(diǎn)的電勢(shì)能大小，有電場(chǎng)力做功的公式可得AB兩點(diǎn)間的電勢(shì)差與 CB兩點(diǎn)間的電勢(shì)差的大小關(guān)系.【解答】解：A、 由運(yùn)動(dòng)的速度-時(shí)間圖象可看出，帶正電的粒子的加速度在 A點(diǎn)時(shí)較大，有牛頓第二 定律得知在A點(diǎn)的電

20、場(chǎng)力大，故 A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度一定大于 B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，故 A正確；B、由A到B的過(guò)程中，速度越來(lái)越大，說(shuō)明是電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能轉(zhuǎn)化為動(dòng)能，由功能關(guān)系可知，此過(guò)程中電勢(shì)能減少，正電荷在A點(diǎn)是電勢(shì)能大于在 B時(shí)的電勢(shì)能，所以 A點(diǎn)的電勢(shì)能高于 B點(diǎn)的電勢(shì)能，故 B正確.C、 從C到D，粒子速度一直不變，故電場(chǎng)力做功為零，可知CD間各點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度為零，但 電勢(shì)不一定為零，故 C錯(cuò)誤；D、 A、C兩點(diǎn)的速度相等，故粒子的動(dòng)能相同，因此從A到B和從B到C電場(chǎng)力做功的 絕對(duì)值相同，AB兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于 CB兩點(diǎn)間的電勢(shì)差，故 D錯(cuò)誤.應(yīng)選：AB二、填空題：共12分，每空2分11. 1勻變速直線運(yùn)動(dòng)的瞬時(shí)速

21、度公式是v=v o+at2求解位移公式和方法五種;v - t 圖象中與時(shí)間軸所圍面積；位移圖象中坐標(biāo)位置的變化；3求解平均速度的方法三種一宀；圖象法.【考點(diǎn)】勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間的關(guān)系.【分析】對(duì)于勻變速直線運(yùn)動(dòng)，需要熟練掌握公式和具體的解題方法2求解位移公式和方法為:【解答】 解：1勻變速直線運(yùn)動(dòng)瞬時(shí)速度公式為：v=vo+atV2 -¥戶一： ；'7； v - t圖象中與時(shí)間軸所圍面積；位移圖象中坐標(biāo)位置的變化3求解平均速度的方法為:故答案為：1v=vo+atv - t圖象中與時(shí)間軸所圍面積；位移圖象中坐標(biāo)位置的變化12. 1自由落體運(yùn)動(dòng)的定義是物體只受重力作用從靜止

22、開(kāi)始豎直下落的運(yùn)動(dòng)叫做自由落體運(yùn)動(dòng) ，所適用的公式v=gt, h= 1 , 2gh=v2,；2初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)五個(gè)比值關(guān)系：初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)五個(gè)比值關(guān)系為：T末、2T末、3T末、nT末的瞬時(shí)速度之比為：V1： v2： V3：vn=1 ： 2：3:：n.T內(nèi)、2T內(nèi)、3T內(nèi)、nT內(nèi)的位移之比為：X1：X2：X3：xn=12:22:32:：n2.第一個(gè)T內(nèi)、第二個(gè)T內(nèi)、第三個(gè)T內(nèi)、第n個(gè)T內(nèi)的位移之比為：X1： X2： X3： xn=1 : 3： 5:：2n- 1.通過(guò)前 X、前2x、前3x的位移所用時(shí)間之比 切 t2： t3：tn=1：j'： 3 tn,通過(guò)連續(xù)相同的

23、位移所用時(shí)間之比為：t： t2' t3'：tn' =：伍-1： 近-叮勺：鬥 I .；3逐差法公式以六段為例牝+盂五+呵-七X1a=9【考點(diǎn)】自由落體運(yùn)動(dòng).【分析】1根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)的定義和根本公式分析；2根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)根本公式推出初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)五個(gè)比值關(guān)系；3根據(jù)相鄰相等時(shí)間內(nèi)的位移差是個(gè)定值推出即可.【解答】解；1物體只受重力作用從靜止開(kāi)始豎直下落的運(yùn)動(dòng)叫做自由落體運(yùn)動(dòng)，根本公1 2式為：v=gt, h=- ,2gh=v2,2初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)五個(gè)比值關(guān)系為：T末、2T末、3T末、nT末的瞬時(shí)速度之比為：Vi： V2： V3 :：Vn=1 :

24、 2： 3 :：n.T內(nèi)、2T內(nèi)、3T內(nèi)、nT內(nèi)的位移之比為：xi:X2：X3：xn=12：22：32:：n2.第一個(gè)T內(nèi)、第二個(gè)T內(nèi)、第三個(gè)T內(nèi)、第n個(gè)T內(nèi)的位移之比為：X1： x2： X3：: xn=1 : 3: 5:：2n - 1.通過(guò)前X、前2X、前3X的位移所用時(shí)間之比t1： t2： t3： - : tn=1 : ： 出通過(guò)連續(xù)相同的位移所用時(shí)間之比為：W： t2'： t3'：tn'=：伍-1：丹-丘：:：！ 一故答案為：1丨物體只受重力作用從靜止開(kāi)始豎直下落的運(yùn)動(dòng)叫做自由落體運(yùn)動(dòng)；v=gt,h= 2 呂 T , 2gh=v2,2初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)五個(gè)

25、比值關(guān)系為：T末、2T末、3T末、nT末的瞬時(shí)速度之比為：V1： V2： V3 :：Vn=1 : 2： 3 :：n.T內(nèi)、2T內(nèi)、3T內(nèi)、nT內(nèi)的位移之比為：X1： X2： X3：Xn=12: 22： 32：n2.第一個(gè)T內(nèi)、第二個(gè)T內(nèi)、第三個(gè)T內(nèi)、第n個(gè)T內(nèi)的位移之比為：X1： X2： X3： Xn=1 : 3: 5:：2n - 1.通過(guò)前X、前2x、前3x的位移所用時(shí)間之比通過(guò)連續(xù)相同的位移所用時(shí)間之比為:如：t2： t3：tn屮皿3a=七+工計(jì)丸-左弓_ *2 一垃19T2三、計(jì)算題共48分，要寫(xiě)出必要步驟，只寫(xiě)答案不得分13. 一根長(zhǎng)為I的絲線吊著一質(zhì)量為 m,帶電荷量為q的小球靜止在

26、水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中,如下列圖，絲線與豎直方向成37°角，先突然將該電場(chǎng)方向變?yōu)橄蛳虑掖笮〔蛔?，不考慮因電場(chǎng)的改變而帶來(lái)的其它影響重力加速度為g，sin37°0.6，cos37°0.8求：衡條件分析電場(chǎng)力的方向，求解電場(chǎng)強(qiáng)度大??；2當(dāng)電場(chǎng)方向變?yōu)橄蛳潞?，小球受到的電?chǎng)力豎直向下，向下做圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)動(dòng)能定理求解小球經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)時(shí)的瞬時(shí)速度；小球經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)時(shí)，由重力、電場(chǎng)力和絲線的拉力的合力提供了向心力，根據(jù)牛頓第二定律求解絲線對(duì)小球的拉力.【解答】 解：1小球靜止在電場(chǎng)中受力如以下列圖所示，顯然小球帶正電，由平衡條件得：mgtan37 ° =qE_3隅故有

27、：E=-2電場(chǎng)方向變成向下后，小球開(kāi)始擺動(dòng)做圓周運(yùn)動(dòng)，重力、電場(chǎng)力對(duì)小球做正功由動(dòng)能定理得：ymv2=mg+qEl 1 - cos37 ° 由圓周運(yùn)動(dòng)知識(shí)，在最低點(diǎn)時(shí)，小球受力情況如以下列圖所示，由牛頓第二定律有:Ft- mg+qE=m 49 由解得：Ft=mg.答：3ni旨1勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為-4q2小球經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)時(shí)絲線的拉力為.mg.14. 如下列圖，絕緣水平面上靜止著兩個(gè)質(zhì)量均為m、電量均為+Q的物體A和BA、B均可視為質(zhì)點(diǎn)，它們間的距離為r，與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為仏求：1A受到的摩擦力.2如果將A的電量增至+4Q，那么兩物體將開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，當(dāng)它們的加速度第一次為零時(shí)，

28、A、B各運(yùn)動(dòng)了多遠(yuǎn)的距離？【考點(diǎn)】庫(kù)侖定律；牛頓第二定律.【分析】1兩個(gè)物體水平方向均是受靜電斥力和靜摩擦力，根據(jù)平衡條件求解靜摩擦力；2當(dāng)增加A電荷的電量后，兩電荷受到庫(kù)侖斥力運(yùn)動(dòng)，當(dāng)所受的庫(kù)侖斥力與摩擦力相等時(shí)，加速度為零，根據(jù)這一關(guān)系求出兩電荷的距離.【解答】 解：1對(duì)A受力分析如下列圖，因 A處于靜止?fàn)顟B(tài)，故有庫(kù)侖力 F大小等于靜摩 擦力f大小，庫(kù)倫力為：2當(dāng)加速度為0時(shí)，有庫(kù)侖力大小 F'等于滑動(dòng)摩擦力大小 f；即:F' =f ； = 口 N=y mg答:又有:解得:F '=所以A、B各運(yùn)動(dòng)的距離為:1A受的摩擦力為2當(dāng)它們的加速度第一次為零時(shí),A、B各運(yùn)動(dòng)的距離為15圖甲所示，在真空中足夠大的絕緣水平地面上，一個(gè)質(zhì)量為 X 106C的小物塊處于靜止?fàn)顟B(tài)，小物塊與地面間的摩擦因數(shù) 間上加一個(gè)如圖乙所示的電場(chǎng).取水平向右的方向?yàn)檎较?m=0.2kg，帶電荷量為q=+卩=0.1從t=0時(shí)該開(kāi)始，空g 取 10m/s2求：14秒內(nèi)小物塊的位移大小;24秒內(nèi)電場(chǎng)力對(duì)小物塊所做的功.勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)【考點(diǎn)】牛頓第二定律；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度與時(shí)間的關(guān)系;間的關(guān)系.【分析】1