淮北一中2018-2019高二上第四次月考物理答案.doc

淮北一中2017級高二上第四次月考物理試題參考答案（評分細(xì)則）1A【解析】AB、若三球沿一條直線擺放，僅在它們之間的靜電力作用下靜止，則A、C一定是同種電荷，A、B一定異種電荷，即“兩同夾異”的思想，故A正確，B錯誤；C、由于AC間的距離大于BC間的距離，由C物體的平衡kQAQCRAC2=kQBQCRBC2，可得QAQB，故C錯誤；D、由于AC間的距離大于AB間的距離，由A物體的平衡kQAQBRAB2=kQAQCRAC2，可知QBmamc，故B正確，ACD錯誤。6A【解析】試題分析： 由安培定則可知，通電直導(dǎo)線在其下方的磁場垂直紙面向里，如下圖所示：根據(jù)左手定則可知，電子所受洛倫茲力的方向向上，所以沿軌跡I運(yùn)動，故CD錯誤；因離導(dǎo)線越近，磁感應(yīng)強(qiáng)度越大，根據(jù)可知，軌跡半徑越來越小，所以A正確、B錯誤；7 B【解析】A.時刻釋放電子，電子將先向N板加速運(yùn)動，時速度向右最大，向右減速，向左加速運(yùn)動，向左減速運(yùn)動，然后周期性往返運(yùn)動，不能到達(dá)N板，故A錯誤；B.時刻釋放電子，電子向N板運(yùn)動，反向運(yùn)動，向N板運(yùn)動時間短，向M板運(yùn)動時間長，所以最終到達(dá)M板，故B正確；C.在時刻釋放電子，電子向N板運(yùn)動，向M板運(yùn)動，向N板運(yùn)動時間短，向M板運(yùn)動時間長，所以最終到達(dá)M板，故C錯誤；D.在時刻釋放電子，電子先向N板運(yùn)動，再向M板運(yùn)動，向N板運(yùn)動時間長，利用位移公式可知，經(jīng)過1個周期電子向N板移動間距的，因?yàn)殡娮邮怯蟹祷剡\(yùn)動，所以不到6個周期電子到達(dá)N板，故D錯誤。故選B。8C【解析】當(dāng)粒子在磁場中運(yùn)動半個圓周時，打到圓形磁場的位置最遠(yuǎn)。則當(dāng)粒子射入的速度為v1，如圖，由幾何知識可知，粒子運(yùn)動的軌道半徑為r1=Rcos60=12R；同理，若粒子射入的速度為v2，由幾何知識可知，粒子運(yùn)動的軌道半徑為r2=Rcos30=32R；根據(jù)r=mvqBv，則v2:v1=r2:r1=3:1，故選C。9B【解析】ABC.當(dāng)滑動變阻器R2的滑動觸頭P向下滑動，其阻值變大，總電阻變大，電流表示數(shù)I變小，路端電壓U3增大，R1的電壓U1減小，故R2的電壓U2增大；因R1是定值電阻，不變；，變大；變大；，不變；根據(jù)閉合電路歐姆定律得U3=E-Ir，則，不變；U2=E-I（R1+r），則，不變，故B正確，AC錯誤；D.根據(jù)P=EI可知電源的輸出功率減小，故D錯誤。故選B。10BCD【解析】根據(jù)C=S4kd，當(dāng)A板向上平移一小段距離，間距d增大，其它條件不變，則導(dǎo)致電容變小，故A錯誤；在A板上移過程中，導(dǎo)致電容減小，由于極板電壓不變，那么電量減小，因此電容器處于放電狀態(tài)，電阻R中有向上的電流，故B正確；根據(jù)E=U/d可知間距d增大，E減小，選項(xiàng)C錯誤； 因場強(qiáng)變小，導(dǎo)致P點(diǎn)與B板的電勢差減小，因B板接地，電勢為零，即P點(diǎn)電勢降低，故D正確；故選BD。11.BC【解析】由圖象A可知電源的電動勢E=6 V，短路電流為6 A，內(nèi)阻為1 ，故A錯誤；該電源和R1組成閉合電路時路端電壓為U1=4 V，電流I1=2 A，此時電源的輸出功率為P1=U1I1=42 W=8 W，電源的總功率為：P總1=EI1=62 W=12 W，所以電源的效率為：1=P1P總1100%=812100%=66.7%；該電源和R2組成閉合電路時路端電壓為U2=2 V，電流I2=4 A，此時電源的輸出功率分別為P2=U2I2=24 W=8 W，則P1=P2，電源的總功率為：P總2=EI2=64 W=24 W，所以電源的效率為：2=P2P總2100%=824100%=33.3%，則12，故B正確，D錯誤；UI圖線的斜率等于電阻的阻值：R1=42=2 ，R2=24=0.5 ，故C正確。故選BC。12BD【解析】試題分析：利用電場力做功W=qU ，可以找到兩點(diǎn)之間電勢差的關(guān)系，要知道中點(diǎn)電勢和兩端點(diǎn)電勢之間的關(guān)系。A、選項(xiàng)根據(jù)題意無法判斷，故A項(xiàng)錯誤。B、由于電場為勻強(qiáng)磁場，M為a、c連線的中點(diǎn)，N為b、d連線的中點(diǎn)，所以M=cca2=c+a2 N=ddb2=d+b2 若該粒子從M點(diǎn)移動到N點(diǎn)，則電場力做功一定為W=qUMN=qMN=qc+a2qd+b2=qUcd+qUab2=W1+W22 ,故B正確；C、因?yàn)椴恢绖驈?qiáng)電場方向，所以場強(qiáng)大小不一定是W2qL，故C錯誤；D、若W1=W2，說明Ucd=Uab UaMUbN=aMbN 由因?yàn)镸=cca2=c+a2；N=ddb2=d+b2解得：UaMUbN=0 ，故D正確；故選BD13AC【解析】試題分析：先利用右手定則判斷通電導(dǎo)線各自產(chǎn)生的磁場強(qiáng)度，然后在利用矢量疊加的方式求解各個導(dǎo)體棒產(chǎn)生的磁場強(qiáng)度。L1在ab兩點(diǎn)產(chǎn)生的磁場強(qiáng)度大小相等設(shè)為B1，方向都垂直于紙面向里，而L2在a點(diǎn)產(chǎn)生的磁場強(qiáng)度設(shè)為B2，方向向里，在b點(diǎn)產(chǎn)生的磁場強(qiáng)度也為B2，方向向外，規(guī)定向外為正，根據(jù)矢量疊加原理可知B0B1B2=13B0 B2+B0B1=12B0 可解得：B1=712B0 ;B2=112B0 故AC正確；實(shí)驗(yàn)題10個空共計14分，除2個電路圖和電源電動勢、內(nèi)阻這四個問題每空2分外，其余六空每空1分。故選AC14（1） d= 3.206 (或3.205 .3.207 ) L= 5.015 （2）A2 R2 B【解析】（1）金屬絲的直徑d=3mm+0.01mm20.6=3.206mm。工件的長度L=5cm+30.05mm=5.015cm。（2）A2R2B【解析】(1)燈泡額定電流是0.5A，所以電流表的量程選擇500mA的A2，燈泡電壓要能從零開始變化，滑動變阻器采用分壓式接法，使用選擇電阻值比較小的滑動變阻器R2(2)因?yàn)闊襞莸碾妷汉碗娏餍鑿牧汩_始測起，所以滑動變阻器采用分壓式接法，燈泡的電阻大約為Rx=UmIm=30.5=6，滿足Rx2=36RA2RV=0.45000，屬于小電阻，所以電流表采用外接法，電路圖如圖所示:(3)由圖可知，圖象上某點(diǎn)與原點(diǎn)連線的斜率表示電阻的倒數(shù)，而圖象的斜率越來越小，故說明電阻逐漸增大;故選B.15 R0=U20U10U10Rm E=kak1 r=R0k1 【解析】（1）因無電流表，故可用定值電阻與電壓表配合來得到電流，電路如圖所示；（2）由電路圖可知，R0=U20U10U10Rm=U20U10U10Rm ；（3）根據(jù)閉合電路的歐姆定律可知，E=U2+U2U1R0r ，變形可知：U1=R0+rrU2ER0r ，由圖可知R0+rr=k ；a=ER0R0+r ，解得r=R0k1，E=kak1 16（滿分8分）1分【解析】金屬棒通電后，閉合回路電流1分導(dǎo)體棒受到安培力2分根據(jù)安培定則可判斷金屬棒受到安培力方向豎直向下開關(guān)閉合前2分2分開關(guān)閉合后17（滿分10分，第一問6分，第二問4分）1分1分2分2分解：斜上拋至最高點(diǎn)A時的速度vA=v0cos水平向右由于AA段沿水平方向直線運(yùn)動，所以帶電小球所受的電場力與重力的合力應(yīng)為水平向左的恒力：F=mgtan=qEcos帶電小球從A運(yùn)動到A過程中作勻加速度運(yùn)動有（v0cos）2=2qEcossm由以上三式得：E=mv04cos4+4g2s22qs。（2）小球斜拋運(yùn)動到A點(diǎn)的時間t1=v0sing（1分），從A到A的運(yùn)動時間t2=svA2=2sv0cos，（1分）根據(jù)運(yùn)動的對稱性，則t=2（t1+t2）（1分）所以小球沿AA做勻減速直線運(yùn)動，于A點(diǎn)折返做勻加速運(yùn)動所需時間t=2v0sing+4sv0cos。（1分）答：（1）勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)E的大小為mv04cos4+4g2s22qs；（2）從O點(diǎn)拋出又落回O點(diǎn)所需的時間為t=2v0sing+4sv0cos。18 （滿分16分，第一問3分，第二問5分，第三問8分）（1）軌跡圖如圖所示：（2）v0=2ElB